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于是有 B2?2πr??0I,得B2?(3)b
应用安培环路定理
?0I2πr
?B?dl???IL0ii,在b
?iπ(r2?b2)Ii?I?I
π(c2?b2)?π(r2?b2)?于是有 B3?2πr??0?I?I 22?π(c?b)??解得 B3?(4)r >c
应用安培环路定理B?dl??0L?0I(c2?r2)2πr(c2?b2)
??Iii,在r >c空间作环形闭合回路L,包围的电流
?Iii?I?I
于是有
B4?2πr??0(I?I),得B4?0
题7-12图(1)
7-12 图中所示为一无限大载流导电薄片的横截面,电流垂
直地从页面流出,通过横截面每单位宽度(沿x向)的电流强度为j。(1)用毕奥–萨伐尔定律和对称性确定薄片上、下方所有点的磁场方向均平行于薄片,且在页面内(见图);(2)用安培环路定理证明,在所有点P和P处的磁感应强度
B?1?0j。 2解 (1)该无限大载流导电薄片可看作是由无数条无限长载流直导线组成。P点为薄片上方任意一点,根据毕奥–萨伐
尔定律可知每条直导线在P点产生的磁场均在页面内。又根题7-12图(2) 据对称性,P点左侧-x0处直导线与右侧x0处直导线产生的磁场的磁感应强度在y轴上分量大小相等方向相反,而在x轴上分量大小相等方向相同(如右图),因此合成后P点处总的磁场方向应该平行于薄片向左,且在页面内。
同理亦可推知薄片下方任意一点P处总的磁场方向应该平
题7-12图(3)
行于薄片向右,且在页面内。
(2)作对称于载流导电薄片的矩形环路,如右图,ab长为l1,bc长为l2,则环路中包围的电流为jl1。由安培环路定理?B?dl??0?I,即
L
??baB?dl??B?dl??B?dl??B?dl??0jl1
bcdcdacda在ab段和cd段上B的方向均与dl相同,而在bc段和da段上B的方向与dl垂直,故有
baB?dl(cos0?)??B?dl(cos90?)??B?dl(cos0?)??B?dl(cos90?)?2Bl1??0jl1
bcd可编辑
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解得 B?
?0j2
题7-13图(1)
7-13 两无限大平行导体平面上都有均匀分布的电流,其面电流密度分别为j1和j2,且j1 > j2(见附图),试求两平面间和两平面外的磁感应强度。
解 利用上题结论,将两载流平面产生的磁场进行叠加计算。 两平面间P点,磁场B1与B2方向相反,如图(2):
题7-13图(2)
(j1?j2)
2两平面外Q点,磁场B1与B2方向相同,如图(2):
BP?B1?B2?
?0BQ?B1?B2??02(j1?j2)
7-14 一长直导线中通有电流I1,近旁有一矩形线圈,其长边与导线
平行。若线圈中通有电 流I2,线圈的位置及尺寸如图所示。当I1=20A、I2=10A、x1=1.0cm、x2=10cm、l=20cm时,求矩形线圈所受力的大小和方向。
解 根据安培定律判断,矩形线圈上、下两载流导线受力大小相等而方向相反,相互抵消。左、右两侧载流导线受力方向相反,但大小不等。
由安培环路定理可知,长直载流导线在线圈左、右两侧处产生的磁感
?I?I应强度分别为B1?01和B2?01,由此
2πx12πx2?I线圈左、右两侧载流导线受力大小分别为 F1?B1I2l?01I2l
2πx1
?IF2?B2I2l?01I2l
2πx2线
所受
?I?IF?F2?F1?01I?01I2l??7.2?10?4 N
2πx22πx1圈
合
力
题7-14图
负号表示合力方向水平向左。
题7-15图
7-15 如图所示,ADC为弯成任意形状的导线,被置于与均匀磁场B垂直的平面内。求证:
当弯曲导线ADC通以电流I时,均匀磁场对它的作用力与AC间通有同样电流的直导线所受的力相同。
证明 在弯曲导线ADC上选取图示的坐标系xoy,在导线上取电流元Idl。
电流元在磁场中受到磁场力 df?Idl?B?I(dxi?dyj)?Bk
可编辑
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=IBdx(?j)?IBdyi 因
此
ADC弯
l0曲导
00线ADC受合力
题7-16图
FADC??df??IBdx(?j)??IBdyi??IBlj
根据安培定律,长l的载流直导线AC在匀强磁场中受力FAC=IBl,方向沿y轴负向。显然,它与弯曲导线ADC所受磁场力的大小和方向均相同,即FADC=Fac。从而证明了匀强磁场中任意形状一段载流导线ADC所受磁场力,与AC间通有同样电流的直导线所受的力相同。 7-16 一长直导线通有电流I =20A,另一导线ab通有电流I=10A,两者互相垂直且共面,如图所示。求导线ab所受的作用力和对o点的力矩。
解 建立如图所示的坐标,导线ab于 x轴上。由安培环路定律解得,载流长直导线周围的磁感应强度为B??0I2πx。
在ab上取一电流元I'dx,受力大小为 dF?BI'dx?导
ba?0II'dx线ab0.100.010所受的总作用
2πx力
F??dF???0II'dx2πx?9.2?10?5 N
对
题7-17图
方向沿y轴。 电流元
I'dx?0II'dx2π所
O点的力矩
dM?xdF?xBI'dx?导
ba线
0.1.ab0.01.受的总力矩
M??dM??
?0II?dx2π?3.6?10?6N
7-17 在磁感应强度为B的均匀磁场中,有一载流矩形闭合回路,其边长分别为a和b,电流强度为I。试求在图示位置时该回路的磁矩pm和磁力矩M。 解 根据定义,磁矩大小为 Pm?IS?Iab 方向垂直纸面向里。
磁力矩M?Pm?B,其大小为 M?PmBsin90??BIab 方向沿oo’竖直向下。
题7-18图
7-18 一半径为R的圆形导线中通有电流I2,在沿直径ab方向上有一载有电流I1的无限长直导线(彼此绝缘),方向见图。求:(1)半圆弧acb所受作用力的大小和方向;(2)整个圆形导线所受作用力的大小和方向。 解 (1)建立如图所示的坐标系。在半圆弧acb上任取一电流元I2dl。电流元所在处的磁场垂直纸面向外,磁感应强度B??0I1。
2?Rsin?可编辑
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电流元受到磁场作用力的大小为dF?BI2dl,方向指向圆心。 该力在x方向的分量 dFx?dFsin?, 则半圆弧acb在x方向所受的合力 Fx??dfx??BI2sin?dl??π?0I12πRsin?0I2Rsin?d?
??π?0I1I22π0d???0I1I22
磁场力在y方向的分量 dFy?dFcos? 则半圆弧
acbπ0在y方向受到的合力
Fy??BI2cos?dl??π?0I12πRsin?I2Rcos?d?
=
?0?0I1I2?d??0
2πtan?Fy也可由对称性分析得到同样的结果。所以半圆弧acb受力沿
题7-19图 ?IIx轴正向,大小为012。
2(2)用类似方法可分析另一侧半圆弧,它与acb受力大小和方向均相同,故整个圆形导线
所受作用力大小为?0I1I2,方向沿x轴正向。
7-19 如图所示,一闭合回路由半径为a和b的两个同心半圆连成,载有电流I。试求(1)圆心P点处磁感应强度B的大小和方向;(2)回路的磁矩。
解 (1)o点磁场仅由两载流半圆弧激发。根据毕奥–萨伐尔定律,电流元Idl在o点产生的磁感应强度dB?半径为
?0Idlsin?aπa04πr2的圆弧在
,且??π2。
o的磁感应强度为
B??dB??l?0Idl?0I? 24πr4a的圆弧在
半径为bπb0o的磁感应强度为
B??dB??lμ0Idlμ0I? 4πr24b点处总磁感应强度
题7-20图
由磁场叠加原理,P4a4b4ab方向垂直纸面向里。
BP??0I??0I??0I(a?b)
(2)根据磁矩定义 Pm?IS?方向垂直纸面向里。
1211πaI?πb2I?πI(a2?b2) 2227-20 质谱仪的构造原理如图所示。离子源S提供质量为M、电荷为q的离子。离子初速很
可编辑