【分析】由电路图可知，电阻R1、电阻R2、滑动变阻器串联在电路中，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量R2和变阻器两端的总电压，电流表测量电路中的电流．
（1）当滑片P向右移动时，滑动变阻器连入的电阻变小，从而使电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，R1和R2两端的电压变大，由串联电路电压的特点可知，R2和变阻器两端的总电压变小，由此可知图象中上半部分为电压表V2示数变化图线，下半部分为电压表V1示数变化图线；
（2）由图象可知，当滑片P移至最右端，滑动变阻器连入电阻为0，此时电路中的总电阻最小，电路中的电流最大为0.6A，此时两电压表的示数都为6V，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压；当电压表V2的示数（R2和变阻器两端的电压）为12V时，电压表V1的示数（R2两端的电压）为2V，电路中的电流为0.2A，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值和电源的电压，根据Q=I2Rt求出滑片移至最左端时10s内电流通过R1产生的热量．
【解答】解：由电路图可知，电阻R1、电阻R2、滑动变阻器串联在电路中，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量R2和变阻器两端的总电压，电流表测量电路中的电流．
（1）当滑片P向右移动时，滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的总电阻变小， 由I=可知，电路中的电流变大， 由U=IR可知，R1和R2两端的电压变大， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电压表V2的示数变小，
结合图乙可知，图象中上半部分为电压表V2示数变化图线，下半部分为电压表
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V1示数变化图线；
（2）当滑片P移至最右端时，两电压表均测R2两端的电压，电路中的电流最大为I=0.6A，UV1=6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压：
U=UV1+U1=6V+0.6A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑片位于左端时，电压表V2的示数（R2和变阻器两端的电压）UV2=12V时，电路中的电流I′=0.2A， 则电源的电压：
U=UV2+U1′=12V+0.2A×R1﹣﹣﹣﹣② 因电源的电压不变，
所以，由①②可得：R1=15Ω，U=15V，
滑片移至最左端时10s内电流通过R1产生的热量： Q1=（I′）2R1t=（0.2A）2×15Ω×10s=6J． 故答案为：15；6．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是两电压表的示数与电流表示数变化的关系的判断．
三、实图、做图题：本大题4小题，共14分 25．（4分）完成下列光路图：
（1）如图甲所示，在练功房一侧的墙壁上装有一块平面镜，某同学从A点用一激光笔向镜面照射，在天花板的B点看到一光斑，请画出该光斑形成的光路图； （2）画出图乙从S点射出的两条入射光线经过透镜后的折射光线．
【分析】（1）根据对称法，先找到A的对称点即A的像点，再连接对A的像点和B，找到入射点，从而画出入射和反射光线．
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（2）在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图． 【解答】解：
（1）根据像与物体关于平面镜对称画出A的像点A'，连接A'B，与平面镜的交点即为入射点，再连接A与入射点连线为入射光线，B与入射点连线为反射光线，如图所示：
（2）平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线的反向延长通过焦点，过光心的光线其传播方向不变，如图所示：
【点评】本题考查了平面镜成像和凹透镜对光线作用的作图，注意作图要规范，实线与虚线要分清．
26．（4分）根据要求画图：
（1）如图甲所示，标出通电螺线管中的电流方向和N、S极； （2）在图乙中标