是原线圈的中心抽头，副线圈连接滑动变阻器、电流表，电表均为理想交流电表。已知交流电源电压瞬时值表达式为
。将单刀双掷开关k扳向a后，下列说法中正确的是：
A. 电压表的示数为220V
B. 若将滑动变阻器的滑片下移，则电压表的示数减小，R消耗的功率增大 C. 通过滑动变阻器的交流电的频率为100Hz
D. 若将单刀双掷开关由a扳向b，则电流表的示数增大 【答案】BD 【解析】
【详解】A、电源电压有效值为220V，因为有电阻分压，原线圈两端的电压小于220V，故选项A错误；
B、保持的位置不变，滑动变阻器滑片向下移，电阻变小，副线圈中的电流变大，那么原线圈中的电流也随着变大，功率增大，电阻两端的电压也变大，交流电源的电压不变，变压器的输入电压变小，原线圈两端的电压也相应变小，电压表的示数减小，故选项B正确； C、变压器不改变交变电流的频率，由交变电流表达式可知频率为项C错误；
D、单刀双掷开关由扳向，原线圈匝数变少，副线圈两端电压变大，滑动变阻器滑片不动，电流表示数也变大，故选项D正确；
8.如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，杆与水平方向夹角为
，圆环与，故选
竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，此时弹簧处于原长h，让圆环沿杆由静止滑下，滑到杆的底部时速度恰好为零，在环下滑过程中
A. 圆环和地球组成的系统机械能守恒 B. 当弹簧垂直光滑杆时，圆环的速度最大 C. 弹簧的最大弹性势能为D. 弹簧从竖直位置转过【答案】CD 【解析】
【详解】A、圆环沿杆滑下，滑到杆底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和弹簧的拉力；所以圆环和地球组成的系统机械能不守恒，如果把圆环和弹簧组成的系统作为研究对象，则系统的机械能守恒，故选项A错误；
B、当圆环沿杆的加速度为零时，其速度最大，动能最大，此时弹簧处于伸长状态，给圆环一个斜向左下方的拉力，故选项B错误；
C、根据功能关系可知当圆环滑到最底端时其速度为零，重力势能全部转化为弹性势能，此时弹性势能最大，等于重力势能的减小量即为D、弹簧转过
，故选项C正确；
角过程中，弹簧对圆环的作用
角过程中，弹簧对圆环的作用力先做负功后做正功，总功一定为零
角时，此时弹簧仍为原长，弹簧从竖直位置转过
后小于
力与运动方向的夹角先大于故选项D正确。
，弹簧对圆环的作用力先做负功后做正功，总功一定为零，
第Ⅱ卷
注意事项：
1. 用黑色墨水的钢笔或签字笔将答案写在答题卡上。 2. 本卷共4题，共72分。
9.（1）如图所示，小球A的质量
，动量大小为
，小球A沿着光滑水平面向
，方向仍然向右。则
右运动，与静止的B球发生弹性碰撞，碰后A的动量大小变为由此可知碰撞后小球B的动量大小为___________
，小球B的质量为___________kg.
（2）为了探究受到空气阻力时，物体运动速度随时间的变化规律，某同学采用了“加速度与物体质量、物体受力关系”的实验装置（如图所示）。实验时，平衡小车与木板之间的摩擦力后，在小车上安装一薄板，以增大空气对小车运动的阻力。
①往砝码盘中加入一小砝码，在释放小车__________（选填“之前”或“之后”）接通打点计时器的电源，在纸带上打出一系列的点。
②设小车与薄板质量为M，砝码和砝码盘总质量为m，小车与木板动摩擦因数为，运动中受空气阻力为f，则小车运动的加速度表达式为
___________。
③从纸带上选取若干计数点进行测量，得出各计数点的时间t与速度v的数据如下表： 时间t/s 速度v（
分析表格中数据，你认为随着速度增大，小车所受的空气阻力在如何变化？ 答：________________（填“增大”、“减小”或“不变”）。
（3）某课外学习小组要测量一个纯电阻元件的电阻，用多用电表测得其阻值约为测量该电阻值，准备了以下实验器材： A. 电压表V，量程0~3V，内阻为几千欧； B. 电流表A，量程0~100mA，内阻为3.0； C. 标准电阻D. 标准电阻
：阻值0.6； ：阻值270.0；
。为了更精确
0 ） 0.12 0.50 0.19 1.00 0.23 1.50 0.26 2.00 0.28 2.50 0.29 E. 滑动变阻器：0~10，额定电流1A； F. 滑动变阻器：0~2G. 电源（
，额定电流0.5A；
，内阻约为0.6）
H. 电键，导线若干。
①实验中，标准电阻应选__________（填“或“”）；
②该小组设计了甲、乙两个测量电路，其中能更精确测量该电阻的电路图是__________（填“甲图”或“乙图”）；
”或“
”），滑动变阻器应选__________（填“”
③设该小组利用上面所选的更好电路，根据实验中两个电表读数，作出U—I图线是一条直线，如图所示，由该图线可知，该实验测得元件的电阻值为___________（结果保留3位有效数字）。
【答案】 (1). 3 (2). 3 (3). 之前 (4). (8). 甲 (9). 476 【解析】
【详解】解：(1) 以向右为正方向，根据动量守恒定律得：机械能守恒定律得：
，代入数据解得：
(5). 增大 (6). (7).
，解得：；
；由
(2)①由于纸带长度有限，为了能在有限长度的纸带上打出更多可用的点，应该先接通电源后释放纸带，所以在释放小车之前接通打点计时器的电源，在纸带上打出一系列的点； ②根据牛顿第二定律可得：
，解得小车运动的加速度表达式为：
图象，由小车的
③利用题中所给数据描点连线，得到小车的图象可知随小车速度的增大,其
加速度(图象斜率)变小，由牛顿第二定律可知小车所受合外力随速度增大而减小，由于小车所受拉力大小一定，摩擦力已经平衡掉，所以合力减小必是由空气阻力增大引起的，所以，随着运动速度的增加，小车所受的空气阻力将增大；