大学物理学课后答案(湖南大学出版社)

用来大学物理习题集

第一章 质点运动学

1.1 一质点沿直线运动,运动方程为x(t) = 6t - 2t3.试求: (1)第2s内的位移和平均速度;

(2)1s末及2s末的瞬时速度,第2s内的路程; (3)1s末的瞬时加速度和第2s内的平均加速度.

[解答](1)质点在第1s末的位置为:x(1) = 6×12 - 2×13 = 4(m).

在第2s末的位置为:x(2) = 6×22 - 2×23 = 8(m). 在第2s内的位移大小为:Δx = x(2) – x(1) = 4(m),

经过的时间为Δt = 1s,所以平均速度大小为:v=Δx/Δt = 4(m·s-1). (2)质点的瞬时速度大小为:v(t) = dx/dt = 12t - 6t2,

因此v(1) = 12×1 - 6×12 = 6(m·s-1),

v(2) = 12×2 - 6×22 = 0

质点在第2s内的路程等于其位移的大小,即Δs = Δx = 4m. (3)质点的瞬时加速度大小为:a(t) = dv/dt = 12 - 12t,

因此1s末的瞬时加速度为:a(1) = 12 - 12×1 = 0,

第2s内的平均加速度为:a= [v(2) - v(1)]/Δt = [0 – 6]/1 = -6(m·s-2).

[注意] 第几秒内的平均速度和平均加速度的时间间隔都是1秒.

2

1.2 一质点作匀加速直线运动,在t = 10s内走过路程s = 30m,而其速度增为n = 5倍.试证加速度为a并由上述数据求出量值.

[证明]依题意得vt = nvo,根据速度公式vt = vo + at,得

a = (n – 1)vo/t, (1)

根据速度与位移的关系式vt2 = vo2 + 2as,得 a = (n2 – 1)vo2/2s,(2)

(1)平方之后除以(2)式证得:a计算得加速度为:a?2(n?1)s,

(n?1)t2?2(n?1)s.

(n?1)t2?2(5?1)30= 0.4(m·s-2). 2(5?1)10 1.3 一人乘摩托车跳越一个大矿坑,他以与水平成22.5°的夹角的初速度65m·s-1从西边起跳,准确地落在坑的东边.已

-2

知东边比西边低70m,忽略空气阻力,且取g = 10m·s.问:

(1)矿坑有多宽?他飞越的时间多长?

(2)他在东边落地时的速度?速度与水平面的夹角?

22.5o [解答]方法一:分步法.

(1)夹角用θ表示,人和车(人)在竖直方向首先做竖直上抛运动,初速度的大70m 小为

vy0 = v0sinθ = 24.87(m·s-1).

图1.3 取向上的方向为正,根据匀变速直线运动的速度公式

vt - v0 = at,

这里的v0就是vy0,a = -g;当人达到最高点时,vt = 0,所以上升到最高点的时间为

t1 = vy0/g = 2.49(s).

再根据匀变速直线运动的速度和位移的关系式:vt2 - v02 = 2as, 可得上升的最大高度为:h1 = vy02/2g = 30.94(m).

人从最高点开始再做自由落体运动,下落的高度为;h2 = h1 + h = 100.94(m).

根据自由落体运动公式s = gt2/2,得下落的时间为:t2?2h2g= 4.49(s).

因此人飞越的时间为:t = t1 + t2 = 6.98(s). 人飞越的水平速度为;vx0 = v0cosθ = 60.05(m·s-1), 所以矿坑的宽度为:x = vx0t = 419.19(m).

(2)根据自由落体速度公式可得人落地的竖直速度大小为:vy = gt = 69.8(m·s-1), 落地速度为:v = (vx2 + vy2)1/2 = 92.08(m·s-1), 与水平方向的夹角为:θ = arctan(vy/vx) = 49.30o,方向斜向下.

方法二:一步法.

取向上为正,人在竖直方向的位移为y = vy0t - gt2/2,移项得时间的一元二次方程

12gt?v0sin?t?y?0, 2解得:t?(v0sin??v02sin2??2gy)g.

这里y = -70m,根号项就是人落地时在竖直方向的速度大小,由于时间应该取正值,所以公式取正根,计算时间为:t = 6.98(s).

由此可以求解其他问题.

1.4 一个正在沿直线行驶的汽船,关闭发动机后,由于阻力得到一个与速度反向、大小与船速平方成正比例的加速度,即dv/dt = -kv2,k为常数.

(1)试证在关闭发动机后,船在t时刻的速度大小为(2)试证在时间t内,船行驶的距离为x11??kt; vv01ln(v0kt?1). kvtdvdv[证明](1)分离变量得2??kdt, 故 ?2??k?dt,

vvv00?11??kt. vv0v0(2)公式可化为v?,

1?v0ktv01由于v = dx/dt,所以:dx?dt?d(1?v0kt)

1?v0ktk(1?v0kt)可得:

x积分

?dx??0因此

1d(1?v0kt).

k(1?v0kt)01x?ln(v0kt?1). 证毕.

kmdv, f(v)t[讨论]当力是速度的函数时,即f = f(v),根据牛顿第二定律得f = ma. 由于a = d2x/dt2, 而 dx/dt = v, a = dv/dt, 分离变量得方程:dt?解方程即可求解.

在本题中,k已经包括了质点的质量.如果阻力与速度反向、大小与船速的n次方成正比,则 dv/dt = -kvn. (1)如果n = 1,则得

dv??kdt, v积分得lnv = -kt + C.当t = 0时,v = v0,所以C = lnv0, 因此lnv/v0 = -kt,

得速度为 :v = v0e-kt.

v0?kte?C`. ?kv0(1-e?kt). 当t = 0时,x = 0,所以C` = v0/k,因此x?kv1?ndv??kt?C. (2)如果n≠1,则得n??kdt,积分得

v1?n1?nv011?C,因此n?1?n?1?(n?1)kt. 当t = 0时,v = v0,所以

1?nvv0而dv = v0e-ktdt,积分得:x?如果n = 2,就是本题的结果.

R n?1{[1?(n?1)v0kt](n?2)/(n?1)?1}如果n≠2,可得x?,读者不妨自证. n?2(n?2)v0k

1.5 一质点沿半径为0.10m的圆周运动,其角位置(以弧度表示)可用公式表示:θ = 3

4t.求:

(1)t = 2s时,它的法向加速度和切向加速度;

(2)当切向加速度恰为总加速度大小的一半时,θ为何值? (3)在哪一时刻,切向加速度和法向加速度恰有相等的值? [解答](1)角速度为ω = dθ/dt = 12t2 = 48(rad·s-1),

法向加速度为 an = rω2 = 230.4(m·s-2); 角加速度为 β = dω/dt = 24t = 48(rad·s-2), 切向加速度为 at = rβ = 4.8(m·s-2). (2)总加速度为a = (at2 + an2)1/2,

当at = a/2时,有4at2 = at2 + an2,即an由此得r?2A 图1.7 2

+

?at3.

?r?3,即 (12t2)2?24t3,

. 3/=3.154(rad)3)t3?3/6.

所以 ??2?4t3?2(1?解得

(3)当at = an时,可得rβ = rω2, 即: 24t = (12t2)2, 解得 : t = (1/6)1/3 = 0.55(s).

1.6 一飞机在铅直面内飞行,某时刻飞机的速度为v = 300m·s-1,方向与水平线夹角为30°而斜向下,此后飞机的加速度为a = 203m·s-2,方向与水平前进方向夹角为30°而斜向上,问多长时间后,飞机又回到原来的高度?在此期间飞机在水平方向飞行的距离为多少?

[解答]建立水平和垂直坐标系,飞机的初速度的大小为

v0x = v0cosθ,

v0y = v0sinθ.

加速度的大小为ax = acosα, ay = asinα. 运动方程为xy a ay O α ax θ v0x v0y v 0 x

11?v0xt?axt2, y??v0yt?ayt2.

2212即 x?v0cos??t?acos??t,

21y??v0sin??t?asin??t2.

22v0sin??103(s). 令y = 0,解得飞机回到原来高度时的时间为:t = 0(舍去);t?asin?将t代入x的方程求得x = 9000m.

[注意]选择不同的坐标系,如x方向沿着a的方向或者沿着v0的方向,也能求出相同的结果.

1.7 一个半径为R = 1.0m的轻圆盘,可以绕一水平轴自由转动.一根轻绳绕在盘子的边缘,其自由端拴一物体A.在重力作用下,物体A从静止开始匀加速地下降,在Δt = 2.0s内下降的距离h = 0.4m.求物体开始下降后3s末,圆盘边缘上任一点的切向加速度与法向加速度.

[解答]圆盘边缘的切向加速度大小等于物体A下落加速度.由于h?所以at = 2h/Δt2 = 0.2(m·s-2).

物体下降3s末的速度为v = att = 0.6(m·s-1),

1at?t2, 2v2这也是边缘的线速度,因此法向加速度为an?R= 0.36(m·s-2).

1.8 一升降机以加速度1.22m·s-2上升,当上升速度为2.44m·s-1时,有一螺帽自升降机的天花板上松落,天花板与升降机的底面相距2.74m.计算:

(1)螺帽从天花板落到底面所需的时间;

(2)螺帽相对于升降机外固定柱子的下降距离.

[解答]在螺帽从天花板落到底面时,升降机上升的高度为

1h1?v0t?at2;

2螺帽做竖直上抛运动,位移为h2由题意得h = h1 - h2,所以h解得时间为t1?v0t?gt2.

2?1(a?g)t2, 2?2h/(a?g)= 0.705(s).

算得h2 = -0.716m,即螺帽相对于升降机外固定柱子的下降距离为0.716m.

[注意]以升降机为参考系,钉子下落时相对加速度为a + g,而初速度为零,可列方程

h = (a + g)t2/2,

由此可计算钉子落下的时间,进而计算下降距离.

1.9 有一架飞机从A处向东飞到B处,然后又向西飞回到A处.已知气流相对于地面的速度为u,AB之间的距离为l,飞机相对于空气的速率v保持不变.

2l; vt0(2)如果气流的速度向东,证明来回飞行的总时间为t1?; 221?u/vt0(3)如果气流的速度向北,证明来回飞行的总时间为t2?.

221?u/v(1)如果u = 0(空气静止),试证来回飞行的时间为t0?[证明](1)飞机飞行来回的速率为v,路程为2l,所以飞行时间为t0 = 2l/v. (2)飞机向东飞行顺风的速率为v + u,向西飞行逆风的速率为v - u, 所以飞行时间为t1?ll2vlt02l/v??2 ??v?uv?uv?u21?u2/v21?u2/v2.

A

v

v

B B

(3)飞机相对地的速度等于相对风的速度加风相对地的速度.为了使飞机沿着AB之间的直线飞行,就要使其相对地的速度偏向北方,可作矢量三角形,其中沿AB方向的速度大小为Vv + u A v - u

1.10 如图所示,一汽车在雨中沿直线行驶,其速度为v1,下落雨的速度方向与铅直方向的夹角为θ,偏向于汽车前进方向,速度为v2.今在车后放一长方形物体,问车速v1为多大时此物体刚好不会被雨水淋湿?

[解答]雨对地的速度v2等于雨对车的速度v3加车对地的速度v1,由此可作矢量三角形.根据题意得tanα = l/h. 方法一:利用直角三角形.根据直角三角形得

v1 = v2sinθ + v3sinα,

其中v3 = v⊥/cosα,而v⊥ = v2cosθ, 因此v1 = v2sinθ + v2cosθsinα/cosα, 即

?v2?u2,所以飞行时间为

2l2l2l/vt0 ?t2???Vv2?u21?u2/v21?u2/v2

v . 证毕.

u v B

u A ???lv1?v2(sin??cos?). 证毕.

hl h θ v2 v1 方法二:利用正弦定理.根据正弦定理可得

v1v2?,

sin(???)sin(90???)所以:v1 图1.10

sin(???)

cos?sin?cos??cos?sin??v2cos??v2

α h v3 α θ v2 v⊥ l

v1

联系客服:779662525#qq.com(#替换为@)