（1）为了便于调节，减小读数误差和系统误差，实验中所用电流表应选用_____滑动变阻器应选用____
_（填所选仪器前的字母序号）。
（2）请你为该小组设计实验电路，并把电路图画在甲图中的虚线框内（小电风扇的电路符号如图甲所
示）_____。
（3）操作过程中发现，小电风扇通电后受阻力作用，电压表读数小于0.5V时电风扇没启动。该小组测
绘出的小电风扇的伏安特性曲线如图乙所示，由此可以判定，小电风扇的电阻为_____Ω，正常工作时的发热功率为_____W，机械功率为_____W
【答案】（1）C E （2）如图所示 （3）2.5 Ω 0.625 1.875
【解析】（1）电风扇的额定电流I?P2.5?A?0.5A，从读数误差的角度考虑，电流表选择C，电U5.0风扇的电阻比较小，则滑动变阻器选择总电阻为10Ω的误差较小，即选择E。 （2）因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇的电阻大约
U252R????10? ，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法。电路图如图所示。
P2.5
（3）电压表读数小于0.5 V时电风扇没启动。根据欧姆定律得：R?U0.5???2.5? I0.2正常工作时电压为5 V，根据图象知电流为0.5 A，则电风扇发热功率为：P=I2R=0.52×2.5 W=0.625 W， 则机械功率P′=UI–I2R=2.5 W–0.625 W =1.875 W。
10．（2019·四川省成都市高三模拟）（1）某同学用多用电表欧姆挡粗测一电阻Rx的阻值。选择“×1”
挡时，指针指示如图甲所示，则示数为____Ω。（取一位有效数字）
（2）为精确的测量Rx的阻值，现取来两节干电池（总电动势为3 V，总内阻为0.4 Ω）、开关和若干
导线及下列器材：
A．电压表（0~3 V，内阻约10kΩ） B．电流表（0~0.6 A，内阻很小，可不计） C．电流表（0~3 A，内阻很小，可不计） D．滑动变阻器（0~5 Ω，额定电流为0.5 A） E．滑动变阻器（0~10 Ω，额定电流为1 A） （i）电流表应选____；（填序号字母）
（ii）要求滑动变阻器分压连接，滑动变阻器应选____；（填序号字母）
（iii）实验中该同学的实物连线如图乙所示，其中有一处不妥，不妥处为____ 。（填①至⑧的序号） （3）该同学将（2）中的错误纠正并测出Rx的阻值后，又进行了以下实验：将导线③连接在电池负极
的一端改为连接在开关的右端，闭合开关，当滑片P移到某位置c（图乙中未标出）时，读出电压表示数为2.2V，电流表示数为0.4 A，则变阻器的ca与cb段的电阻之比Rca：Rcb=____。 【答案】（1）6 （2）B E ⑦ （3）4：1或1：4
【解析】（1）由表盘读出指针示数为6，又档位选择“×1”挡，故电阻的大小为Rx=6×1=6 Ω； （2）（i）利用欧姆定律，测量电路最大电流约为
3A?0.5A，故电流表应选B； 6（ii）要求滑动变阻器分压连接，滑动变阻器电流要超过0.5 A，故滑动变阻器应选E （iii）因为电流表内阻可以不计，故测量电路电流表应选择内接法，故⑦处连接不妥；
（3）设滑动变阻器连入电路电阻为R，则由闭合电路欧姆定律，得：E?U?I(r?R)，滑动变阻器两部分并联连入电路，由并联电路电阻关系，有：R?RcaRcb，Rca?Rcb?10?联立代入数据解得：
Rca?Rcb
Rca?2?，Rcb?8?或Rca?8?，Rcb?2?，故Rca:Rcb?1:4或Rca:Rcb?4:1。
11．（2019·北京市通州区高考模拟）为测定电流表内电阻Rg，实验中备用的器件有：
A．电流表（量程0~100μA） B．标准伏特表（量程0~5 V） C．电阻箱（阻值范围0~999 Ω） D．电阻箱（阻值范围0~99 999 Ω） E．电源（电动势2 V） F．电源（电动势6 V）
G．滑动变阻器（阻值范围0~50 Ω，额定电流1.5 A），还有若干开关和导线。
（1）如果采用如图所示的电路测定电流表A的内电阻并且想得到较高的精确度，那么从以上备用器件
中，可变电阻R1应选用_____，可变电阻R2应选用_____，电源应选用_____（用字母代号填写）。 （2）如果实验时要进行的步骤有： a．合上开关K1； b．合上开关K2；
c．观察R1的阻值是否最大，如果不是，将R1的阻值调到最大； d．调节R1的阻值，使电流表指针偏转到满刻度； e．调节R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的一半； f．记下R2的阻值。
把以上步骤的字母按实验的合理顺序为：_____。
（3）如果在步骤f中所得R2的阻值为600 Ω，则图中电流表的内电阻Rg的测量值为_____Ω。 （4）如果再给出：H．电源（电动势8 V）；I．电源（电动势12 V），电源应选择_____（选填选项
前的字母）。
（5）某同学认为步骤e中不需要保证“电流表指针偏转到满刻度的一半”这一条件，也可测得的电流
表内阻Rg，请你分析论证该同学的判断是否可行。_____ 【答案】（1）D C F （2）cadbef （3）600 （4）H （5）可行
【解析】（1）该实验是半偏电流法测电流表的内阻。K2闭合前后的两次电路，如果干路电流变化不大，那么就可以认为，K2闭合后，电流表半偏时，电流表和电阻箱R2所分的电流各占一半，又因为二者并联，两端的电压相等，自然就可以推出电流表的内阻和电阻箱R2的阻值相等。要保证两次实验干路的电流变化不大，就需要保证两次实验电路的总电阻变化不大，也就是说，在给电流表并联上一个电阻箱后导致的电阻变化，对整个电路影响不大。要达到这个效果，R1就需要选一个尽可能大的电阻，可以是电阻箱，也可以是滑变，也可以是电位器，但阻值要尽可能地大，经此分析，R1应选用D。 该实验要通过可变电阻R2阻值来间接反映出电流表的内阻值，因此可变电阻R2的选取原则是：能读数且尽量和电流表的内阻在同一数量级上。经此分析，可变电阻R2应选用C。在R1是一个尽可能大的电阻、电流表满偏的前提下，那么电源电动势相对地就要大一些的，但不是越大越好，大了烧表也不行。初步分析电源可选用F，其实可以估算一下电动势大概的最大值，即：
Emax?IgmaxR1max?100?10?6?1?105V?10V电源应选F。
（2）半偏法测电流表内阻的步骤为：实验前，将R1的阻值调到最大；合上开关K1；调节R1的阻值，使电流表指针偏转到满刻度；保持R1的阻值不变，合上开关K2；调节R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的一半；记下R2的阻值。我们就认为电流表的内阻值就是R2的阻值。因此答案为：cadbef。 （3）根据（1）中的分析可知，电流表的内电阻Rg的测量值，就等于电阻箱R2的阻值，即600 Ω。 （4）由（1）中的分析可知，在不烧表的前提下，电源要尽可能地大一些，这样可以减小实验误差。因为估算出的电源电动势的最大值大约是10 V，所以，该题答案为H。
（5）该同学的判断可行。只需保证步骤abcd不变。例如在步骤e中，可以调节R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的三分之二，记下此时R2的阻值，根据并联电路反比分流原则，计算出电流表内阻的测量值：Rg?'R2，同样可以测得电流表的内阻。 212．（2019·山东省聊城市高三模拟）图甲是某实验小组在“练习使用多用电表”实验中的电路图。使用
的器材有：
A．多用电表；
B．电压表：量程5V，内阻十几千欧；