点评：本题考查了学生对欧姆定律、串联电路的电压关系、电功率的计算的了解与掌握，能从U-R图象上得出相关信息是本题的关键． 61．一个白炽灯上标有“220V 60W”。 （1）它正常工作时的电流为多少？ （2）它正常工作的电阻为多大？

（3）它正常工作10h消耗的电能为多少kw·h? （结果保留一位小数） 【答案】（1）0.27A；（2）807?；（3）0.6kW?h 【解析】

试题分析：（1）由P?UI得： I?P60W??0.27A U220V2U2U2（220V）=?807? （2）由P?得： R?RP60W（3）W?Pt=0.06kW?10h=0.6kW?h

考点：电功率 62．（8分）上海桑塔纳牌小轿车的功率为66kW，在高速公路上行驶的最大限制速度可达30m/s． 求：（1）（2分）小轿车在高速公路上行驶时的最小牵引力． （2）（3分）若小轿车内燃机的效率为40%，每小时平均功率为40kW,则每小时消耗多少汽油？（q汽?4.6?107J/kg)

（3分）为了节约能源，某科研所研制出一辆太阳能汽车，车上电池能产生120V的电压，对车上电动机提供10A的电流，电动机的线圈电阻是4Ω，则它的效率是多少？ 【答案】（1）2200N；（2）7.8Kg；（3）66.7% 【解析】 试题分析：（1）由P?FV得：小轿车在高速公路上行驶时的最小牵引

P66?103?2200N 力． F??V30（2）因为W?Pt 、Q?mq、??WPt ?QmqPt40?103?3600所以，每小时消耗汽油的质量为m???7.8kg

?q40%?4.6?107（3）电动机的输入功率为P输入=UI=120V×10A=1200W；

22

电动机的线圈的发热功率为P发热=ＩＲ=（10A）×4Ω=400W； 电动机的输出功率为P输出=1200W-400W=800W

电动机的效率η=（P输出 /P输入）×100%= （800W /1200W）×100%=66.7%。 考点：热机和电动机的效率的相关计算

63．如图所示的电路中，电源电压保持不变。电阻R2的阻值为18欧，只闭合电键S1，电流表A2的示数为0.5安。求：

（1）电源电压U和电阻R2消耗的电功率。

（2）再闭合电键S2，有一个电流表的示数变化了0.6安。请计算出电阻R1的阻值。 【答案】（1）9V；4.5W；（2）15?

试卷第41页，总77页

【解析】

试题分析：（1）电源电压即R2两端的电压，∴U?I2R2?0.5A?18??9V

P2?UI2?9V?0.5A?4.5W

（2）开关S2闭合时，电流表A2示数不变，A1示数增大，增大的值为通过R1的电流， ∴I1?0.6A R1?U9V??15? I10.6A考点：欧姆定律在并联电路中的应用

64．(6分)如图所示，R1=20Ω，R2=30Ω，电源电压为6V保持不变，S闭合后，求： ⑴通过R1的电流； ⑵R2两端的电压；

⑶1min内电路消耗的电能． 第21题图 【答案】

⑴ I=U/（R1+R2）=6V/50Ω=0.12A ⑵ U2=IR2=0.12A×30Ω=3.6V

22

⑶ W=Ut/R总=（6V）×60s/50Ω=43.2 J

【解析】⑴ I=U/（R1+R2）=6V/50Ω=0.12A ⑵ U2=IR2=0.12A×30Ω=3.6V

22

⑶ W=Ut/R总=（6V）×60s/50Ω=43.2 J

65．（8分）如图所示的电路中，电源电压为8V，R2是阻值为40?的定值电阻，压敏电阻R1的阻值随压力的变化情况如图乙所示。当开关S闭合后，问：

（1）当压敏电阻R1受到的压力从0增加到3N的过程中，电流表示数的变化是 （填“增大”“减少”）？

（2）当电流表示数为0.4A时，压敏电阻受到的压力为多少？ （3）当电路连续工作10mim，电阻R2产生的热量为多少？

3?1（4）若此热量的84%给20g的水加热，则水温升高多少？（水的比热容为4.2?10J?(kg??c)）

【答案】（1）增大。（2）2N（3）960J（4）9.6℃ 【解析】 试题分析：（1）图示电路为并联电路，当压敏电阻R1受到的压力从0增加到3N的过程中，压敏电阻阻值将减小，该支路电流将增大，另一支路电阻不变，电流大小也不变化，电流表测量干路电流，所以电流表示数将增大。（2）定值电阻R2的电流：I2=U/R2=8V/40Ω=0.2A，干路电流I=0.4A时，压敏电阻电流I1=I－I2=0.4A－0.2A=0.2A，故R1= U/ I1=8V/0.2A=40Ω ，由乙图可以得出当电阻为40Ω时，对应压力F=2N。

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（3）Q2= I2 R2t=(0.2A)×40Ω×10×60s=960J（4）由吸热公式Q吸＝cm△t；可得：

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△t =

Q吸?84%cm?960J?84%=9.6℃。 34.2?10J/(kg??C)?0.02kg【考点定位】电路的判断，欧姆定律应用，热量的计算

66．重力灯是英国的里弗斯设计的一款概念环保灯，如图所示。设计师为这款灯找到了“可再生能源”，它就是通过一定的装置将重力势能转化为电能。已知重物质量为20 千克，每次被举高2米，LED 灯的额定功率为1 瓦。（g 取10 牛／千克）

(1)重物每被举高一次，人至少对重物做多少焦的功？

(2)重物重力做的功有50％转化为电能，每举高一次重物能使该灯正常照明多长时间？ 【答案】(1) 400J (2) 200s

【解析】(1)解：因为G = mg=20kg×10 N／kg=200N， 故人对重物的功W =Gh=200N×2m=400J。

(2)转化成的电能W 电=50%×W=50 %×400J=200J。 故时间t=

W电P?200J= 200s； 1W（1）欲求功，已知重物的质量，先求其重力，而将重物拉起时，拉力就等于其重力，拉力知道，距离知道，功即可计算得出；（2）求发光的时间，已知电功率，将机械功转化为电能的效率与机械功相乘就是电能，再除电功率就是发光的时间。 考点：功和功率的简单计算。

67．如图所示，标有“6V 2W”字样的灯泡L与电阻R串联后接在电源上，开关S闭合后，灯泡L恰能正常发光，电路消耗的总功率为10W。 求：通电1分钟，电流通过电阻R产生的热量。

【答案】480J 【解析】

试题分析：读题可知灯泡电阻RL?U额2P额(6V)2??18?,灯泡正常发光时电流2WI?P额U额?2W1122=I(R?R)?(A)(18??R)?10W,解得?A, 电路总功率PL总36V32

R=72Ω 电流通过电阻产生热量Q =IRt =(A)2×72Ω×60s=480J

13U22考点：灯泡参数意义及应用，P?UI?IR?综合应用，焦耳定律应用：Q?IRt

R268．有一只标有“220V 40W”的灯泡，接在220V的家庭电路中（设灯泡电阻不变）

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（1）求灯泡正常发光时通过的电流是多大？ （2）求灯泡正常发光时的电阻R是多大？

（3）1KW.h的电能可供此灯泡正常工作多长时间？

（4）若实际电压为200V，则灯泡的实际功率为多大？灯泡发光情况如何？

【答案】

【解析】略

69．图甲所示是小明的调光灯电路图，他将粗细均匀的电阻丝AB通过滑片P连入电路，小灯泡的额定电压为6V。闭合开关S后，滑片P从A端滑到B端的过程中，小灯泡的I—U关系图像如图乙所示。（电阻丝AB的阻值不随温度变化）

求：（1）小灯泡的额定功率； （2）电阻丝AB的总电阻；

（3）当AB连入电路的阻值R1=2.5Ω时，灯泡消耗的功率为3.2W，此时灯丝的阻值为多少。 【答案】（1）6W （2）9Ω （3）5Ω 【解析】 试题分析：（1）由图乙可知，当灯泡两端的电压U额=6V时，I额=1A。

P额=U额I额=6V×1A=6W （2分） （2）由图乙可知，当P在B端时，电源电压U=U额=6V； 当P在A端时，UL=1.5V，I=0.5A，此时：

RAB=UAB/I=（U－UL）/I=（6V－1.5V）/0.5 A =9Ω （2分） （3）此时有：I1=U/（R1+RL）

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PL=I1RL=〔U/（R1+RL）〕RL=〔6/（2.5+RL）〕 RL=3.2W

∴ RL=1.25Ω或RL=5Ω （2分） 如果RL=1.25Ω，则I1=U/（R1+RL）=6V/（2.5Ω+1.25Ω）=1.6A＞I额 ∴ RL=1.25Ω不合题意，舍去。

∴ RL=5Ω （1分） 考点：电功率的计算；欧姆定律的应用．

点评：本题考查电功率、电阻、电流、电压等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是根据图象和电路图分析数据，本题考查知识点较多，且难度挺大，属于一道难题． 70．（10分）如图甲所示，某兴趣小组在“伏安法测电阻”实验中分别作出R1、R2的U﹣I图像。小明利用R1、R2两个电阻设计了如图乙所示的实验电路，此时电流表示数为0.6A，则：

试卷第44页，总77页