高一(下)学期期末物理模拟试卷

一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的

1．如图所示，坐在雪橇上的人与雪橇的总质量为m，在与水平面成θ角的恒定拉力F作用下，沿水平地面向右移动了一段距离l．已知雪橇与地面间的动摩擦因数为μ，雪橇受到的

A．支持力做功为mgl C．拉力做功为Flcosθ 【答案】C 【解析】 【详解】

对雪橇及其坐在其上的人受力分析，如图：

B．重力做功为mgl D．滑动摩擦力做功为-μmgl

A．支持力做功WN?Nlcos90??0J，故A错误； B．重力做功WG?mglcos90??0J，故B错误； C．拉力做功为WF?Flcos?，故C正确；

（mg?Fsin?）D．雪橇竖直方向受力平衡：N?Fsin??mg，则N?mg?Fsin?，则摩擦力大小为：f??N??，

（mg?Fsin?)l，故D错误． 则摩擦力做功：Wf??fl???2． (本题9分)汽车以恒定功率P由静止开始在水平路面上启动，其所受阻力大小恒为f，经过时间t，汽车的运动速度v1刚好满足P=fv1，在此过程中，（ ） A．汽车做匀加速直线运动 B．汽车牵引力做功为

1mv12 2C．汽车牵引力做功为Pt

D．汽车最终做匀速运动时的速度大于v1 【答案】C

【解析】

试题分析:A、由于功率不变，根据P=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的牵引力减小，此过程汽车做加速度减小的加速运动，故A错误；根据动能定理得：

，阻力做负功，所以汽车牵引力

做功大于，故B错误；由于汽车功率不变，所以汽车牵引力做功W=Pt，故C正确；当牵引力减小

到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值，考点：机车起动问题

，此后以速度v1做匀速运动，故D正确．

3． (本题9分)关于弹簧的弹性势能，下列说法中正确的是（ ） A．当弹簧变长时，它的弹性势能一定增大 B．当弹簧变短时，它的弹性势能一定变小

C．在伸长量相同时，劲度系数越大的弹簧，它的弹性势能越大 D．弹簧在拉伸时弹性势能一定大于压缩时的弹性势能 【答案】C 【解析】 【分析】

对于弹簧，当弹簧形变量越大，弹性势能越大．在拉伸长度相同时，k越大的弹簧，它的弹性势能越大．在拉伸长度相同时，k越大的弹簧，它的弹性势能越大． 【详解】

A．当弹簧变长时，它的弹性势能不一定增大，若弹簧处于压缩状态时，弹簧变长弹簧的弹性势能减小，故A错误；

B．若处于压缩状态时，弹簧变短时，弹簧的弹性势能增大，故B错误． C．由EP?12kx得知，在拉伸长度相同时，k越大的弹簧，它的弹性势能越大，故C正确． 2D．弹簧的弹性势能与弹簧的形变量有关，弹簧在拉伸时的弹性势能不一定大于压缩时的弹性势能，故D错误．

4．引体向上是中学生体育测试的项目之一，引体向上运动的吉尼斯世界纪录是53次/分钟．若某中学生在30秒内完成12次引体向上，该学生此过程中克服重力做功的平均功率最接近于

A．400W 【答案】B

B．100W C．20W D．5W

【解析】 【详解】

学生体重约为50kg，每次引体向上上升高度约为0.5m，引体向上一次克服重力做功为

P＝W=mgh=50×10×0.5J=250J，全过程克服重力做功的平均功率为 ACD错误．

nW12?250J＝＝100W，故B正确，t30s5． (本题9分)建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料．质量为65.0kg的工人站在地面上，通过定滑轮将20.0kg的建筑材料以0.5m/s2的恒定加速度加速拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为（g取10m/s2）

A．450N 【答案】B 【解析】 【详解】

B．440N C．860N D．850N

先研究物体，以加速度0.5m/s2匀加速被拉升，受力分析：重力与绳子的拉力．则有：F－mg=ma，解得：F=210N，再研究工人，受力分析，重力、绳子拉力、支持力，处于平衡状态．则有：Mg=F+F支，解得：F

支

=440N，由牛顿第三定律可得：F压=440N。

A.450N与分析不符合，故A错误； B.440N与分析相符，故B正确； C．860N与分析不符合，故C错误； D．850N与分析不符合，故D错误。

6． (本题9分)如图，质量为m的小猴子在荡秋千，大猴子用水平力F缓慢将秋千拉到图示位置后由静止释放，此时藤条与竖直方向夹角为θ，小猴子到藤条悬点的长度为L，忽略藤条的质量。在此过程中正确的是( )

A．缓慢上拉过程中拉力F做的功WF＝FLsin θ B．缓慢上拉过程中小猴子重力势能增加mgLcos θ C．小猴子再次回到最低点时重力的功率为零

D．由静止释放到最低点小猴子重力的功率逐渐增大 【答案】C 【解析】 【详解】

A．缓慢上拉过程中，小猴处于平衡状态，故拉力是变力，根据动能定理，有： W-mgL（1-cos θ）=0， 故

W=mgL（1-cos θ）， 故A错误；

B．缓慢上拉过程中小猴子重力势能增加等于克服重力做功，故为mgL（1-cos θ），故B错误； C．小猴子再次回到最低点时重力方向与速度方向垂直，故重力的瞬时功率为零，故C正确；

D．刚刚释放时，速度为零，故重力的功率为零，最低点重力与速度垂直，功率也为零，故由静止释放到最低点小猴子重力的功率先增加后减小，故D错误； 【点睛】

本题考查了平衡条件、动能定理的综合运用，知道从A到B的过程中，因拉力F是变力，不能通过功的公式求解拉力做功的大小，需通过动能定理进行求解．

7． (本题9分)质量为1kg的手榴弹，掷出后达到最高点时水平速度为5m/s，此时手榴弹炸成两块，一块弹片质量为0.6kg，以15m/s的速度沿原方向运动，则另一块弹片爆炸后的速度大小为（ ） A．5m/s 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】

手榴弹炸过程动量守恒，以手榴弹原飞行方向为正方向，由题意知 v0=5m/s

炸成两块后，设m1=0.6kg的大块速度为v1=15m/s，m2=0.4kg的小块速度为v2。由动量守恒定律得 ?m1?m2?v0?m1v1?m2v2，代入数据解得 v2=-10m/s

负号表示另一块弹片的速度方向与原飞行方向相反，故B正确。 故选B。

8． (本题9分)将一小球以初速度v0沿斜向右上方抛出，从抛出到最高点过程中，每隔相等时间记录其瞬时速度，最后刚好达到最高点，记录值分别为v1、v2、v3，则图示中瞬时速度表示正确的是（ ）

B．10m/s

C．15m/s

D．20m/s