【分析】 【详解】

A：在“研究平抛物体运动”的实验中，要保证小球从斜槽末端飞出时的速度是相同的，因此，要让小球多次从斜槽上的同一位置滚下．

B、检验斜槽末端水平的方法有多种，如用水平仪或者将小球放在斜槽末端看其是否滚动，若不滚动，则斜槽末端水平．

C、平抛运动分解为：水平方向的匀速直线运动，竖直方向的自由落体运动，水平方向有： x＝v0t 竖直方向有： h?12gt； 2联立求出初速度v0＝xg 2h实验步骤合理顺序是：B、A、D、C．

四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分 19． (1)a?3g (2)vB?7gR (3)F??mg?【解析】 【详解】

（1）由牛顿第三定律知在C点，轨道对小球的弹力为： F=2mg

小球C点时，受到重力和和轨道对球向下的弹力，由牛顿第二定律得：

7mgR 2xF?mg?ma

解得： a=3g

（2）设小球在B、C两点的速度分别为vB、vC 在C点有：

2vCa?

R解得：

vC?3gR

从B到C过程中，由机械能守恒定律得：

11mvB2?mvC2?mg?2R 22解得：

vB?7gR （3）从A到B过程中，由动能定理得：

F?x??mgx?解得：

1mvB2 2F??mg?7mgR 2x20．（1）1 Ω（2）k = 0.03（3）0.2 m/s2 【解析】 【详解】

（1）从表中可知，输出功率P出=180W， 输入功率

P入=UI=36×6W=216W ① Pr=I2r=P入-P出 ② 解得：

r?216?180?＝1? ③ 26（2）

P额=fvm=k（M+m）gvm ④

k?180＝0.03 ⑤

?40?80??10?5（3） P额=Fv⑥

F-k（M+m）g=（M+m）a ⑦ 由⑥、⑦得： a=0.2m/s2

21． (1) v1=2g(R-?L) (2) S=R? (3) 物块最后一次滑到底端B处对圆轨道的压力可能为

骣4?L骣8?L琪3-mg3-mg 或琪琪琪RR桫桫【解析】 【详解】

(1)对物块第一次从A到C过程，根据动能定理：

mgR??mgL?12mv1 ① 2解得第一次碰撞挡板的速率

v1=2g(R-?L)②

(2)设物块质量为m，在水平轨道上滑行的总路程为S，对物块从开始下滑到停止在水平轨道上的全过程，根据动能定理： mgR－μmg·S＝0③ 解得

S=R?④

(3)设物块最后一次经过圆弧轨道底端B时的速率为v2，对圆轨道的压力为FN，则：

2v2FN?mg?m ⑤

R第一种可能情况：物块与挡板第二次碰撞后，向右运动还未到B点时即停下，则：

12mgR??mg?2L?mv2⑥

2由⑤⑥解得

4?L??FN??3??mg ⑦

R??第二种可能情况：物块与挡板第二次碰撞后，向右可再一次滑上光滑圆弧轨道，则：

12mgR??mg?4L?mv2 ⑧

2由⑤⑧解得

?8?L?FN??3??mg ⑨

R??骣4?L骣8?L琪3-mg3-mg 物块最后一次滑到底端B处对圆轨道的压力可能为琪或琪琪RR桫桫22．（1）4m/s (2)-6J (3)2J 【解析】

【分析】由动能定理可求物块刚滑上传送带时速度的大小；物体最终与传送带共速，由动能定理可得传送带做功；由牛顿第二定律求出相对位移，再求出物块在传送带上滑动所产生的热量； 解：（1）设物块刚滑上传送带时速度为v0，由动能定理可得mgh?12mv0?0，解得v0?2gh?4m/s； 2（2）经分析，物体最终与传送带共速，由动能定理可得传送带做功为Wf?解得Wf??6J；

（3）由牛顿第二定律可得f?ma??mg，解得a?4m/s2；

1212mv?mv0， 22由物块减速，vt?v0?at，解得t=0.5s 由x?vt可得x传?1m 由x物=v0?vt解得x物=1.5m 2物体和传送带相对位移为?x?x物?x传，解得?x?0.5m，

生热为Q??mg?x，解得Q=2J