（4）根据R=即可分析图象，从而得出答案。

本题是一道数形结合的题目，通过图象可获得一些已知条件，再利用欧姆定律及串联电路的特点求解。

22.【答案】内能 乙 甲乙丁 比热容大 凝固点 4.125

【解析】解：（1）汽油与空气的混合物在汽油机内燃烧过程属于化学变化，把燃料的化学能转化为内能，再转化为汽车的机械能； （2）由图可知：

甲图中的进气门打开，排气门关闭，活塞下行，所以是吸气冲程。

乙图中的气门关闭，活塞上行，所以是压缩冲程，压缩冲程是将机械能转化为内能的过程；

丙图中的气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，做功冲程是将内能转化为机械能的过程，不是依靠飞轮的惯性完成的冲程；

丁图中的进气门关闭，排气门打开，活塞上行，所以是排气冲程；

综上分析可知，甲乙丁三个冲程依靠曲轴惯性完成，丙冲程不依靠曲轴的惯性完成； （3）因为水的比热容大，质量相同时升高相同的温度，吸收的热量多，故大多数汽车防冻冷却液是以水和汽车专用冷却液混合而成，主要成份是水，就是利用了水的比热容大的特点；在水中加入专用冷却液可以降低水的凝固点，所以在低温状态下仍能够正常使用；

（4）由题意知，相同条件下，即获得机械能相同，由η=变形公式W=ηQ可得： η1Q1=η2Q2， 40%Q1=50%Q2， Q1=1.25Q2；

即q汽油V1=1.25q汽油V2， V1=1.25×3.3L=4.125L。

故答案为：（1）内能；（2）乙；甲乙丁；（3）比热容大；凝固点；（4）4.125。 （1）燃料的燃烧将化学能转化为内能；

（2）根据气门的关闭和活塞的运动方向判断是哪一个冲程，再分析能量转化情况； （3）水的比热容比较大，质量和升高相同温度条件下，比其它物质吸收的热量多；在水中加入专用冷却液可以降低水的凝固点；

（4）汽车发动机热效率不同，根据获得机械能相同列出等式，计算出燃料燃烧产生内能的关系，计算出发动机油耗。

本题综合考查了内燃机的工作特点和能量转化、热效率知识的应用等知识点；解决此类问题关键是看气阀门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程；并熟练掌握做功冲程和压缩冲程中的能量转化。

23.【答案】解：由小磁针N极靠近螺线管的左端，所以螺线管的左端为S极，右端为N极，根据右手螺旋定则，螺线管中的电流应由左后方流入，右前方流出，所以电源左端为N极，右端为S极；螺线管外部磁感线由N极到S极，如图所示：

【解析】先由小磁针的指向判断出螺线管两端的极性，再根据右手螺旋定则：右手弯曲的四指与大拇指垂直，四指指向与螺线管电流方向一致，大拇指所指的方向为螺线管的

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N极，找出电流的方向，再标出电源的正负极，并根据螺线管外部磁感线方向由N极指向S极，画出一条磁感线方向。

右手螺旋定则建立了螺线管中电流与两端磁极极性的关系，要做到能根据电流判断出磁极极性，也要根据磁极极性判断出电流方向或电源正负极。

24.【答案】解：经分析可知，电动机和电热丝并联，一开关位于干路，另一开关位于电热丝的支路，如下图所示：

【解析】对电吹风而言，吹冷风时只有电动机工作，吹热风时电动机和电热丝共同工作，说明电动机和电热丝互不影响即为并联；要求只能吹热风或吹冷风，不能只发热不吹风，说明一开关位于干路控制整个电路，另一开关位于电热丝支路控制该支路，据此进行解答。

本题考查了电路图的设计，根据串并联电路的特点判断出电动机和电热丝的连接方式以及开关的位置是关键。

25.【答案】质量 转换法 加热时间 少 多 水

【解析】解：（1）根据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故在两容器内装入质量相同、初温相同的水和食用油；

使用相同的电加热器给水和食用油加热，这里应用的科学方法是转换法； （2）根据转换法，实验中，我们用加热时间来表示物质吸收热量的多少；

（3）分析数据1、3或2、4可知，质量相同的水和食用油，升高相同的温度，水加热时间长，即水吸热多，据此推理，吸收相同的热量，水升高的温度少； 根据比较吸热能力的方法，水的吸热能力更强。

故答案为：（1）质量；转换法；（2）加热时间；（3）少；多；水。

（1）（2）我们使用相同的酒精灯加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。

比较物质吸热能力的2种方法：

①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强

②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；

（3）分析数据1、3或2、4可知，找出相同的量和变化的量，得出吸热与变化量的关系；据此推理回答；

根据比较吸热能力的方法分析。 本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。

26.【答案】电阻的电压和电流 连接电路时开关没有断开（没有将变阻器的最大电阻I2 连入电路中） 变大 灯的电阻是变化的，不是一个定值 4V×

【解析】解：（1）探究“电流与电压的关系”实验，为得出普遍性的规律，要多次测量，故实验中滑动变阻器的作用：一是保护电路：二是改变改变电阻的电压和电流。 （2）小明把最后一根导线连接完毕后，发现立即很亮，说明电路中的电流很大，电阻

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很小，你认为实验操作中的错误可能是：连接电路时开关没有断开（没有将变阻器的最大电阻连入电路中）；

由图乙中的电流大小，电流表选用小量程与灯串联，如下所示：

由绘制出如图乙所示图象知，灯的电流随电压的变大而变大，根据P=UI灯的功率变大，灯丝的温度升高，因灯的电阻随温度的升高而变大，故从图象可知，当灯泡两端电压值升高的时候，小灯泡的阻值将变大； （3）由实验数据的图象不能得出“通过导体的电流跟导体两端的电压成正比”的结论，原因是在实验过程中灯的电阻是变化的，不是一个定值； （4）实验步骤：

①按照设计的电路图连接电路；

②闭合开关S，移动滑动变阻器使电流表A1的示数为；并记录电流表A2示数为I2； ③在上面的操作中，由欧姆定律，定值电阻的电压为4V，由并联电路各支路电压相等，灯的电压为4V，灯正常发光，灯的额定电流为电流表A2示数为I2；

I2； 故小灯泡额定功率的表达式：P额=4V×

故答案为：（1）电阻的电压和电流；

（2）连接电路时开关没有断开（没有将变阻器的最大电阻连入电路中）； （3）灯的电阻是变化的，不是一个定值； I2。 （4）②；③4V×

（1）探究“电流与电压的关系”实验，为得出普遍性的规律，要多次测量，据此分析

变阻器的另一个作用；

（2）连接电路时，为保护电路，开关要断开，将变阻器的最大电阻连入电路中； 由图乙中的电流大小确定电流表选用小量程与灯串联； 根据灯的电阻随温度的升高而变大分析；

（3）通过导体的电流跟导体两端的电压成正比的条件是电阻是一个定值；

（4）图丙中，灯与定值电阻并联后与变阻器串联，电流表A1测定值电阻的电流，A2测灯的电流；灯在额定电压下正常发光，移动滑动变阻器使电流表A1的示数为，由欧姆定律和并联电路电压的规律，灯正常发光，并记录电流表A2示数，即灯的额定电流，根据P=UI即可得出灯的额定功率的表达式。

本题探究“电流与电压的关系”实验，考查归纳法的运用、注意事项、控制变量法、影响电阻大小的因素及设计实验方案测额定功率的能力。 27.【答案】改变 短路 化学 B 相反 电

【解析】解：

（1）导线框能转动起来是因为通电导体在磁场中受到力的作用；

由于通电导体在磁场中受力的方向与电流方向和磁场方向有关，所以将磁铁的N、S极对调（磁场方向相反），导线框的转动方向将改变；

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2

（2）用导线直接将电源的正负极相连会造成电源被短路，电流很大，根据Q=IRt可知，通电时间稍长，干电池会明显发热。 干电池供电，是化学能转化为电能。

（3）由题意可知，这一装置的原理是通电导体在磁场中受力的作用，扬声器就是利用这一原理工作的；而电磁继电器、电磁铁是利用电流磁效应工作的，动圈式话筒的原理为电磁感应现象；故选B。

（4）由图知，左右两段导线周围的磁场方向不同（左边磁场斜向左上方，右边磁场斜向右上方），则左右两段导线受到的力的方向是相反的，所以导线框能够转动； 导线框转动时，是电能转化为机械能。

故答案为：（1）改变；（2）短路；化学；（3）B；（4）相反；电。

（1）通电导体在磁场中会受到力的作用，其受力方向与电流方向和磁场方向有关； （2）用导线直接将电源的正负析连接会形成短路；干电池工作时将化学能转化为电能； （3）本装置的原理是通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，扬声器与此原理相同； （4）导线框架的左右两段导线受力的方向相反，所以才能转动；这一过程中将电能转化为机械能。

本题考查磁场对通电导体的作用及其应用，会判断能量的转化情况，以及了解短路时会产生较大的电流等，是基础题。

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