《传感器与测试技术》计算题 解题指导（仅供参考）
第1章 传感器的一般特性
1—5 某传感器给定精度为2%F·S，满度值为50mV，零位值为10mV，求可能出现的最大误差?(以mV计)。当传感器使用在满量程的1/2和1/8时，计算可能产生的测量百分误差。由你的计算结果能得出什么结论? 解：满量程（F?S）为50﹣10=40(mV)
可能出现的最大误差为：
?m＝40?2%=0.8(mV) 当使用在1/2和1/8满量程时，其测量相对误差分别为：
0.8?1??100%?40?2 0.8?2??100%?160?8
1—6 有两个传感器测量系统，其动态特性可以分别用下面两个微分方程描述，试求这两个系统的时间常数?和静态灵敏度K。 （1）
式中, y——输出电压，V；T——输入温度，℃。
30dy?3y?1.5?10?5Tdt dy?4.2y?9.6xdt
（2）
式中，y——输出电压，?V；x——输入压力，Pa。
解：根据题给传感器微分方程，得 (1) τ=30/3=10(s)，
K=1.5?10?5/3=0.5?10?5(V/℃)；
(2) τ=1.4/4.2=1/3(s)，
K=9.6/4.2=2.29(?V/Pa)。
1—7 已知一热电偶的时间常数?=10s，如果用它来测量一台炉子的温度，炉内温度在540℃至500℃之间接近正弦曲线波动，周期为80s，静态灵敏度K=1。试求该热电偶输出的最大值和最小值。以及输入与输出之间的相位差和滞后时间。 解：依题意，炉内温度变化规律可表示为
x(t) =520+20sin(?t)℃
由周期T=80s，则温度变化频率f=1/T，其相应的圆频率 ?=2?f=2?/80=?/40； 温度传感器（热电偶）对炉内温度的响应y(t)为
y(t)=520+Bsin(?t+?)℃
热电偶为一阶传感器，其响应的幅频特性为
A????B?2011?????21.4?1???1???40?10????2?0.786因此，热电偶输出信号波动幅值为
B=20?A(?)=20?0.786=15.7℃
由此可得输出温度的最大值和最小值分别为
y(t)|max=520+B=520+15.7=535.7℃ y(t)|min=520﹣B=520-15.7=504.3℃
输出信号的相位差?为
?(ω)= ?arctan(ω?)= ?arctan(2?/80?10)= ?38.2?
相应的时间滞后为
80?38.2?8.4?s?360?t =
1—8 一压电式加速度传感器的动态特性可以用如下的微分方程来描述，即
式中，y——输出电荷量，pC；x——输入加速度，m/s2。试求其固有振荡频率?n和阻尼比
?。
解: 由题给微分方程可得
d2y3dy1010?3.0?10?2.25?10y?11.0?10x2dtdt
?n??2.25?10?/1?1.5?10?rad/s?
105??3.0?1032?2.25?10?110?0.01
1—9 某压力传感器的校准数据如下表所示，试分别用端点连线法和最小二乘法求非线性误差，并计算迟滞和重复性误差；写出端点连线法和最小二乘法拟合直线方程。
校准数据表 输 出 值 (mV) 压 力 (MPa) 0 0.02 0.04 0.06 0.08 0.10 第一次循环 正行程 -2.73 0.56 3.96 7.40 10.88 14.42 反行程 -2.71 0.66 4.06 7.49 10.95 14.42 第二次循环 正行程 -2.71 0.61 3.99 7.43 10.89 14.47 反行程 -2.68 0.68 4.09 7.53 10.93 14.47 第三次循环 正行程 -2.68 0.64 4.03 7.45 10.94 14.46 反行程 -2.69 0.69 4.11 7.52 10.99 14.46 解 校验数据处理（求校验平均值）：
压 力 (MPa) (设为x) 0 0.02 0.04 0.06 0.08 0.10 输 出 值 (mV) 第一次循环 正行程 -2.73 0.56 3.96 7.40 10.88 14.42 反行程 -2.71 0.66 4.06 7.49 10.95 14.42 第二次循环 正行程 -2.71 0.61 3.99 7.43 10.89 14.47 反行程 -2.68 0.68 4.09 7.53 10.93 14.47 第三次循环 正行程 -2.68 0.64 4.03 7.45 10.94 14.46 反行程 -2.69 0.69 4.11 7.52 10.99 14.46 校验平均值 (设为y) -2.70 0.64 4.04 7.47 10.93 14.45
（1）端点连线法 设直线方程为
y=a0+kx，
取端点（x1，y1）=（0，-2.70）和(x6，y6)=（0.10，14.45）。则a0由x=0时的y0值确定，即
a0=y0?kx=y1=-2.70 (mV)
k由直线的斜率确定，即
k?y6?y114.45?(?2.70)??171.5x6?x10.10?0（mV/MPa）
y=?2.70+171.5x
拟合直线方程为 ?求非线性误差：
压 力 (MPa) 0 0.02 0.04 0.06 0.08 0.10 校验平均值 (mV) -2.70 0.64 4.04 7.47 10.93 14.45 直线拟合值 (mV) -2.70 0.73 4.16 7.59 11.02 14.45 非线性误差 (mV) 0 -0.09 -0.12 -0.12 -0.09 0 -0.12 最大非线性误差 (mV) 所以，压力传感器的非线性误差为
?L?? ?求重复性误差：
0.12?100%??0.7.45?(?2.70)
输 出 值 (mV) 压 力 (MPa) 1 0 0.02 0.04 0.06 0.08 0.10 正行程 2 -2.71 0.61 3.99 7.43 10.89 14.47 反行程 不重复误差 0.05 0.08 0.07 0.05 0.06 0.05 3 -2.68 0.64 4.03 7.45 10.94 14.46 1 -2.71 0.66 4.06 7.49 10.95 14.42 2 -2.68 0.68 4.09 7.53 10.93 14.47 3 -2.69 0.69 4.11 7.52 10.99 14.46 不重复误差 0.03 0.03 0.05 0.04 0.04 0.05 -2.73 0.56 3.96 7.40 10.88 14.42 最大不重复误差为0.08 mV，则重复性误差为
?R?? ?求迟滞误差：
压 力 (MPa) 0.08?100%??0.47.45?(?2.70)
输 出 值 (mV) 第一次循环 第二次循环 第三次循环
正行程 0 0.02 0.04 0.06 0.08 0.10 反行程 -2.71 0.66 4.06 7.49 10.95 14.42 迟滞 0.02 0.10 0.10 0.09 0.07 0 正行程 -2.71 0.61 3.99 7.43 10.89 14.47 反行程 -2.68 0.68 4.09 7.53 10.93 14.47 迟滞 0.03 0.07 0.10 0.10 0.04 0.0 正行程 -2.68 0.64 4.03 7.45 10.94 14.46 反行程 -2.69 0.69 4.11 7.52 10.99 14.46 迟滞 0.01 0.05 0.08 0.07 0.05 0.0 -2.73 0.56 3.96 7.40 10.88 14.42 最大迟滞为0.10mV，所以迟滞误差为
?H??（2）最小二乘法 设直线方程为 数据处理如下表所示。
序号 x y x2 xy 1 0 ?2.70 0 0 2 0.02 0.64 0.0004 0.0128 0.10?100%??0.58.45?(?2.70)
y=a0+kx
3 0.04 4.04 0.0016 0.1616 4 0.06 7.47 0.0036 0.4482 5 0.08 10.93 0.0064 0.8744 6 0.10 14.45 0.01 1.445 ∑ 0.3 34.83 0.022 2.942 根据以上处理数据，可得直线方程系数分别为：
a0x??y??x??xy0.022?34.83?0.3?2.942???6?0.022?0.3n?x???x?2222?0.76626?0.8826??2.77(mV)0.0422k?n?xy??x??yn?x2???x?
?6?2.942?0.3?34.83?171.5(mV/MPa)6?0.022?0.32所以，最小二乘法线性回归方程为
y=?2.77+171.5x
求非线性误差：
压 力 (MPa) 0 0.02 0.04 0.06 0.08 0.10 校验平均值 (mV) -2.70 0.64 4.04 7.47 10.93 14.45 直线拟合值 (mV) -2.77 0.66 4.09 7.52 10.95 14.38 非线性误差 (mV) 0.07 -0.02 -0.05 -0.05 -0.02 0.07 -0.07
最大非线性误差 (mV)
所以，压力传感器的非线性误差为
?L??可见，最小二乘法拟合直线比端点法拟合直线的非线性误差小，所以最小二乘法拟合更合理。
重复性误差?R和迟滞误差?H是一致的。
1—10 用一个一阶传感器系统测量100Hz的正弦信号时，如幅值误差限制在5%以内，则其时间常数应取多少?若用该系统测试50Hz的正弦信号，问此时的幅值误差和相位差为多？
解: 根据题意
0.07?100%??0.41.38?(?2.77)
??11?????22?1??5% （取等号计算）
1??????解出 所以
11??1.05261?5%0.95
ωτ =0.3287
??0.3287/??11?????20.3287?0.523?10?3?s?2??100=0.523ms
11?2??50?0.523?10?1??1.32%
当用该系统测试50Hz的正弦信号时，其幅值误差为
??相位差为
?1???32??=﹣arctan(??)=﹣arctan(2π×50×0.523×10)=﹣9.3°
?3
1—11一只二阶力传感器系统，已知其固有频率f0=800Hz，阻尼比?=0.14，现用
它作工作频率f=400Hz的正弦变化的外力测试时，其幅值比A(?)和相位角?(?)各为多少；若该传感器的阻尼比?=0.7时，其A(?)和?(?)又将如何变化?
2?ff?400????0.5f0800解: ?n2?f0
所以，当ξ=0.14时
A?????
1?1????1?0.5?22?n?2?4?2???n?2
1?4?0.142?0.52?1.31
?2??????arctan 当ξ=0.7时
2????n?1????n?2??arctan2?0.14?0.5??0.1845?rad???10.6?21?0.5 1?0.975
A?????1?0.5?22?4?0.72?0.52??????arctan2?0.7?0.5?????0.75rad??431?0.52
1—12 用一只时间常数?=0.318s的一阶传感器去测量周期分别为1s、2s和3s
的正弦信号，问幅值相对误差为多少?
解：由一阶传感器的动态误差公式
??11?????2?1
??0.318s,?=0.318s
?1?T?1s?f?1Hz???2??rad???1?11??2??0.318?2?1??55.2%
?2?T?2s??3?T?3s?f?0.5Hz?????rad???2??29.3f?Hz?????rad???3??16.83
1—13 已知某二阶传感器系统的固有频率f0=10kHz，阻尼比?=0.1，若要求传感器的
输出幅值误差小于3%，试确定该传感器的工作频率范围。
解：由f0=10kHz，根据二阶传感器误差公式，有
??1?1???????4?????n222n?1?3%
2?1???????4?????n222n将?=0.1代入，整理得
12?1.032?1.069
???n?4?1.96???n?2?0.0645?0
??????n ?f?0.183fo?0.183?10?1.83?kHz?
1—14 设有两只力传感器均可作为二阶系统来处理，其固有振荡频率分别
?2?ff???0.183?n2?fofo??1.927????1.388(舍去）???0.0335?0.183????n?
2为800Hz和1.2kHz，阻尼比均为0.4。今欲测量频率为400Hz正弦变化的外力，
应选用哪一只?并计算将产生多少幅度相对误差和相位差。
解：由题意知
则其动态误差???0.4?
??400/800?0.5???n?400/1200?1/3
?1?1?1???????4?22n2???n?2?1?1
?1?1?0.5??4?0.4222?0.52
?17.6%?2?122?1??13???4?0.4??13?2?12 =7.76%
相位差
?1??tan?1 ??0.49?rad???27.9
?2???/?n??12?0.4?0.5??tan21?0.52 1? ??/?n?
?2??tan?12?0.4??13?21??1/3?= ?0.29(rad)= ?16.6°
第2章 电阻应变式传感器
2—5 一应变片的电阻R0=120Ω，K=2.05，用作应变为800μm/m的传感元件。(1)求△
R与△R/R；(2)若电源电压Ui=3V，求其惠斯通测量电桥的非平衡输出电压U0。
?R/R 解：由 K=
?，得
?R800?m?K??2.05?6?1.64?10?3R10?m
则
其输出电压为
ΔR=1.64×10?3 ×R=1.64×10?3 ×120Ω=0.197Ω
U0?Ui?R3???1.64?10?3?1.23?10?3?V?4R4=1.23(mV)
2—6 一试件的轴向应变εx=0.0015，表示多大的微应变(με)？该试件的轴向相对伸长率
为百分之几?
解： εx =0.0015=1500×10-6 =1500(?ε) 由于
εx =Δl/l
所以
Δl/l=εx =0.0015=0.15%
2—7 某120Ω电阻应变片的额定功耗为40mW，如接人等臂直流电桥中，试确定所用的激励电压。
解：由电阻应变片R=120?，额定功率P=40mW，则其额定端电压为
U=PR?120?40?10?2.19V
当其接入等臂电桥中时，电桥的激励电压为
Ui =2U=2×2.19=4.38V≈4V
2—8 如果将120Ω的应变片贴在柱形弹性试件上，该试件的截面积S=0.5×10-4m2，材料弹性模量E=2×101lN/m2。若由5×104N的拉力引起应变片电阻变化为1.2Ω，求该应变片的灵敏系数K。
解：应变片电阻的相对变化为
?R1.21???0.01R120100
柱形弹性试件的应变为
?3 应变片的灵敏系数为
F5?104?????0.005；?411ESE0.5?10?2?10
?K??R/R2—10 以阻值R=120Ω，灵敏系数K=2.0的电阻应变片与阻值120Ω的固定电阻组成电
桥，供桥电压为3V，并假定负载电阻为无穷大，当应变片的应变为2με和2000με时，分别求出单臂、双臂差动电桥的输出电压，并比较两种情况下的灵敏度。
??0.01?20.005
解：依题意 单臂：
差动：
Ui3?3?10?6(V)???2??Uo?k???2.0?????344?3?10(V)???2000?? Ui3?3?10?6(V)???2??Uo?k???2.0?????322?3?10(V)???2000??
灵敏度：
Ku?UoKU/4(单臂）???KUi/2(差动）?i?
可见，差动工作时，传感器及其测量的灵敏度加倍。
2—11 在材料为钢的实心圆柱试件上，沿轴线和圆周方向各贴一片电阻为120Ω的金属应变片R1和R2，把这两应变片接人差动电桥(参看习题图2—11)。若钢的泊松比μ=0.285，应变片的灵敏系数K=2，电桥的电源电压Ui=2V，当试件受轴向拉伸时，测得应变片R1的电阻变化值△R=0.48Ω，试求电桥的输出电压U0；若柱体直径d=10mm，材料的弹性模量E=2×1011N/m2，求其所受拉力大小。
解：由?R1/R1=K?1，则
习题图2-11 差动电桥电路 ?1?所以电桥输出电压为
?2= ???1= ?0.285?0.002= ?0.00057
?R/R10.48/120??0.002K2
U0?UiK??1??2?42??2?(0.002?0.00057)4?0.00257(V)?2.57mV
当柱体直径d=10mm时，由
?1??E?FS?E，得
11F??1ES?0.002?2?10??3.14?104(N)???10?10?3?42
2—12 一台采用等强度梁的电子称，在梁的上下两面各贴有两片电阻应变片，做成称重传感器，如习题图2—12所示。已知l=10mm，b0=llmm，h=3mm，E=2.1×104N/mm2，K=2，接入直流四臂差动电桥，供桥电压6V，求其电压灵敏度(Ku=Uo/F)。当称重0.5kg时，电桥的输出电压Uo为多大?
(a) (b)
习题图2-12 悬臂粱式力传感器
解：等强度梁受力F时的应变为
??当上下各贴两片应变片，并接入四臂差动电桥中时，其输出电压：
6Flh2b0E
UO?则其电压灵敏度为
Ui6FlK4??KUi24hb0E
6l?i?2?6?100?6h2b?E32?11?2.1?104
=3.463×10-3 (V/N)=3.463(mV/N) 当称重 F=0.5kg=0.5×9.8N=4.9N时，输出电压为
U0 =Ku F=3.463×4.9=16.97(mV)
2—13 现有基长为10mm与20mm的两种丝式应变片，欲测钢构件频率为10kHz的动态应力，若要求应变波幅测量的相对误差小于0.5％，试问应选用哪一种?为什么?
解： ?=v/f=5000/（10?103）=0.5(m) l0=10mm时
Ku?UoF?K?1＝l0=20mm时
?l?500?10?sin0?1?sin??180???1??0.066%?l0???10?500?
?2?500?20?sin??180???1??0.26%??20?500?
由此可见，应选用基长l0=10mm的应变片.
2—14 有四个性能完全相同的应变片(K=2.0)，将其贴在习题图2—14所示的压力传感
器圆板形感压膜片上。已知膜片的半径R=20mm，厚度h=0.3mm，材料的泊松比μ=0.285，弹性模量E=2.0×1011N/m2。现将四个应变片组成全桥测量电路，供桥电压Ui=6V。求：
(1)确定应变片在感压膜片上的位置，并画出位置示意图； (2)画出相应的全桥测量电路图；
(3)当被测压力为0.1MPa时，求各应变片的应变值及
测量桥路输出电压U0；
(4)该压力传感器是否具有温度补偿作用?为什么? (5)桥路输出电压与被测压力之间是否存在线性关系?
习题
图2-14 膜片式压力传感器
解：（1）四个应变片中，R2、R3粘贴在圆形感压膜片的中心且沿切向；R1、R4粘贴在圆形感压膜片R/3之外沿径向，并使其粘贴处的应变εr与中心切向应变εtmax相等。如下
图(a)所示。
（2）测量电桥电路如上图(b)所示。
(a) (b)
题解2-14图
(a)应变片粘贴示意图；(b)测量电桥电路
（3）根据（1）的粘贴方式，知
?2??3??tmax?31?0.2852?20?10?3?32?3 ?0.7656?10ε1 =ε4 = ?εtmax = ?0.7656×10?3
则测量桥路的输出电压为
???8??0.3?10??2?10?31??2R2?p(??tmax)28hE
211???105
U0?（4）具有温度补偿作用；
（5）输出电压与被测力之间存在线性关系，因此，由（3）知
UiK??1??2??3??4?4Ui?K?4?tmax?UiK?tmax4?6?2?0.7656?10?3?9.19?10?3(V)?9.19mV
31??2R2?UiKp?p8h2E
UO?UiK?tmax??2—17 线绕电位器式传感器线圈电阻为10KΩ，电刷最大行程4mm，若允许最大消耗
功率为40mW，传感器所用激励电压为允许的最大激励电压。试求当输入位移量为1.2mm时，输出电压是多少?
解：最大激励电压
Ui?PR?40?10?3?10?103?20?V?
当线位移x=1.2mm时，其输出电压
Uo?2—18 一测量线位移的电位器式传感器，测量范围为0~10mm，分辨力为0.05mm，灵敏度为2.7V/mm，电位器绕线骨架外径d=5mm，电阻丝材料为铂铱合金，其电阻率为ρ=3.25
-4
×10Ω·mm。当负载电阻RL=10kΩ时，求传感器的最大负载误差。
解：由题知，电位器的导线匝数为
N=10/0.05=200
则导线长度为
l=N?d=200?d， (d为骨架外径)
电阻丝直径与其分辨力相当，即d丝=0.05mm
Ui20?x??1.2?6(V)l4
ll???S2d丝4故电阻丝的电阻值 200??5?3.25?10?4??520?????0.0524
R520m???0.0523R10?10L
R?? δLm ≈15m%=15×0.052%=0.78%
第3章 电感式传感器
3—15 某差动螺管式电感传感器(参见习题图3-15)
的结构参数为单个线圈匝数W=800匝，l=10mm，lc=6mm，r=5mm，rc=1mm，设实际应用中铁芯的相对磁导率μr=3000，试求：
(1)在平衡状态下单个线圈的电感量L0=?及其电感灵敏度足KL=?
(2)若将其接人变压器电桥，电源频率为1000Hz，电压E=1.8V，设电感线圈有效电阻可忽略，求该传感器灵敏度K。
(3)若要控制理论线性度在1％以内，最大量程为多少? 解：（1）根椐螺管式电感传感器电感量计算公式，得
L0?4??10?7???8002?0?W2l2?lr2??rlcrc2? 习题图3-15
差动螺管式电感传感器
?
?10?10??32?10?52?10?9?3000?6?12?10?9??0.46(H)
差动工作灵敏度：
KL?2??0?W2?2l2
4??10?7???8002rc?r2?10?10??32?1?10?6?3000
?151.6?/m?151.6m?/mm (2) 当f=1000Hz时，单线圈的感抗为
XL =ωL0 =2πf L0 =2π×1000×0.46=2890(Ω) 显然XL >线圈电阻R0，则输出电压为
E?LUO?2L0
测量电路的电压灵敏度为
Ku? 而线圈差动时的电感灵敏度为KL =151.6mH/mm，则该螺管式电感传感器及其测量电路的总灵敏度为
=297.1mV/mm
U0E1.8V???1.96V/??1.96mV/m??L2L02?0.46?
K?KL?Ku?151.6m?/mm?1.96mV/m?
3—16 有一只差动电感位移传感器，已知电源电Usr=4V，f=400Hz，传感器线圈铜电阻与电感量分别为R=40Ω，L= 30mH，用两只匹配电阻设计成四臂等阻抗电桥，如习题图3—16所示，试求： (1)匹配电阻R3和R4的值；
(2)当△Z=10时，分别接成单臂和差动电桥后的输出电压值；
(3)用相量图表明输出电压Usc与输入电压Usr之间的相位差。 习题图3-16
解：（1） 线圈感抗
XL=?L=2?fL=2??400?30?10?3=75.4（?） 线圈的阻抗
??Z?R2?XL?402?75.42?85.4???
故其电桥的匹配电阻(见习题图3-16)
R3 = R4 =Z=85.4（?）
（2）当ΔZ=10?时，电桥的输出电压分别为
2单臂工作：
双臂差动工作：
Usc?Usr?Z410???0.117?V?4Z485.4
Usr?Z410???0.234?V?2Z285.4 R40??tan?1?tan?1?27.9??L75.4 （3）
Usc?3—17 如习题图3—17所示气隙型电感传感器，衔铁截面积S=4×4mm2，气隙总长度
δ=0.8mm，衔铁最大位移△δ=±0.08mm，激励线圈匝数W=2500匝，导线直径d=0.06mm，电阻率ρ=1.75×10-6?.cm，当激励电源频率f=4000Hz时，忽略漏磁及铁损，求：
(1)线圈电感值；
(2)电感的最大变化量； (3)线圈的直流电阻值； (4)线圈的品质因数；
(5)当线圈存在200pF分布电容与之并联后其等效电感值。
习题图3-17 气隙型电感式传感器（变隙式）
解：（1）线圈电感值
?0W2S4??10?7?25002?4?4?10?6L???1.57?10?1??157m??0.8?10?3
（2）衔铁位移Δδ=+0.08mm时，其电感值
?0W2S4??10?7?25002?4?4?10?6L????????2?0.8?2?0.08??10?3 =1.31×10(H)=131mH
-1
衔铁位移Δδ=﹣0.08mm时，其电感值
=1.96×10(H)=196(mH) 故位移??=±0.08mm时，电感的最大变化量为
ΔL=L?﹣L?=196﹣131=65(mH)
(3)线圈的直流电阻
?0W2S4??10?7?25002?4?4?10?6L????????2?0.8?2?0.08??10?3
-1
0.06??lCp?4??4??mm2??设为每匝线圈的平均长度，则
W?lCplR????2s?d4
(4)线圈的品质因数
0.06???12500?4??4???102???1.75?10?62??0.06?10?14?249.6???
?? (5)当存在分布电容200PF时，其等效电感值
2?fL2??4000?1.57?10?1Q????15.8RR249.6???
?LLp??L1??2LC?L1??2?f?LC21.57?10?11??2??4000??1.57?10?1?200?10?122
3—18 如图3—4（b）所示差动螺管式电感传感器，其结构参数如下：l=160mm，r=4mm，
-6
rc=2.5mm，lc=96mm，导线直径d=0.25mm，电阻率ρ=1.75×10Ω·cm，线圈匝数W1=W2=3000匝，铁芯相对磁导率μr=30，激励电源频率f=3000Hz。要求：
(1)估算单个线圈的电感值L=?直流电阻R=?品质因数Q=? (2)当铁芯移动±5mm时，线圈的电感的变化量△L=?
(3)当采用交流电桥检测时，其桥路电源电压有效值E=6V，要求设计电路具有最大
输出电压值，画出相应桥路原理图，并求输出电压值。
解：（1）单位线圈电感值
?1.60?10?1????160m??0?W2?l2lc2??L?r??rc?r?2?22??l/2??4??10?7???30002?16096???10?3?42?10?6?30??10?3?2.52?10?6??22?2??160?3??10??2???5.70?10?2????57.0?m??
W?lCplR????2S?d/4 （lcp=2?r，每匝导线长度） 电阻值
则品质因数
?1.75?10?63000?2??4?10?1?26.9(?)2?2??0.25?10/4
(2)铁芯位移Δlc=±5mm时，单个线圈电感的变化
2?fL2??3000?5.70?10?2Q????39.9RR26.9???
?L?L?????W24??10???30002?l/2??72?rrc2?lc?32
(3)要使电桥输出最大，须使电桥为等臂电桥，则相邻桥臂阻抗比值a=1；且将电感线圈L和平衡电阻R放置在桥路输出的两侧，则? =±(π/2)，这时电桥的灵敏度|K|=0.5，差动工作时为其2倍，故其输出电压
?3?????5.2m???5.2?10
?1602?10??30?2.5?10?3?????5?10?2?3Uo?2?K=0.544(V)=544mV
其电桥电路如下图所示，其中Z1、Z2为差动螺管式电感传感器、R1、R2为电桥平衡电阻。
?L5.2E?2?0.5??6L57
题3-18题解图
第4章 电容式传感器
4—2 试计算习题图4-2所示各电容传感元件的总电容表达式。
(a) (b) (c)
习题图4-2
解：由习题图4-2可见
（1）图(a)等效为三个平板电容器串联
C1? 总电容量为
?1Sd1，
C2??2Sd2，
C3??3Sd3
ddd1111????1?2?3C串C1C2C3?1S?2S?3Sd???d2?1?3?d3?1?2?123?1?2?3S
故
C串??1?2?3SS?d1?2?3?d2?1?3?d3?1?2d1/?1?d2/?2?d3/?3C1?C2?C?（2）图(ba)等效为两个平板电容器并联
?Sd；C并?C1?C2?2C? （3）图(c)等效为两柱形电容器并联，总电容量为
2?Sd
C?4—3 在压力比指示系统中采用差动式变间隙电容传感器和电桥测量电路，如习题4—3图所示。已知：δ0=0.25mm；D=38.2mm；R=5.1kΩ；Usr=60V(交流)，频率f=400Hz。试求：
(1)该电容传感器的电压灵敏度Ku (V/μm)；
(2)当电容传感器的动极板位移△δ=10μm时，输出电压Usc值。
2??0(L?H)2??0L2?(???0)2??H???Hln?d2/d1?ln(d2/d1)ln(d2/d1)ln(d2/d1)
习题图4—3
解：由传感器结构及其测量电路可知
（1）初始电容
C1?C2?C0??0?4D2
8.85?10?12???38.2?10?3?4?0.25?10?3?40.6?10?12?F??40.6pF由于 则
??0?2
Xc?111???C02?fC02??400?40.6?10?12
6?????R(?5.1k?) ?9.8?10
U0?从而得
Ui?CUi?d?2C02?0
Ku? (2) U0 = Ku Δd=0.12V/?m×10?m=1.2V
4—4 有一台变间隙非接触式电容测微仪，其传感器的极板半径r=4mm，假设与被测工件的初始间隙d0=0.3mm。试求：
(1)如果传感器与工件的间隙变化量△d=±10μm，电容变化量为多少? (2)如果测量电路的灵敏度足Ku=100mV/pF，则在△d=±1μm时的输出电压为多少? 解：由题意可求
U0U60?i??120V/mm?0.12V/μm?d2?02?0.25
（1）初始电容：
8.85?10?12???4?10?3C0???d0d00.3?10?3?1.48?10?12?F??1.48pF?0S?0?r2??2
?C?d?Cd0，则当Δd=±10um时 由 0 如果考虑d1=0.3mm+10μm与d2=0.3mm﹣10μm之间的电容变化量ΔC′，则应为
ΔC′=2|ΔC|=2×0.049=0.098pF
(2) 当Δd=±1μm时
?d?10?10?3?C?C0?1.48???0.049pFd00.3
?C?由 Ku=100mV/pF=U0/ΔC，则
U0=KuΔC=100mV/pF×(±0.0049pF)=±0.49mV
4—5有一变间隙式差动电容传感器，其结构如习题图4-5所示。选用变压器交流电桥作测量电路。差动电容器参数：r=12mm；d1=d2=d0=0.6mm；空气介质，即ε=ε0=8.85×10-12F/m。测量电路参数：usr=u=Usr= 3sinωt (V)。试求当动极板上输入位移(向上位移) △x=0.05mm时，电桥输出端电压Usc?
?d?1?mC0??1.48pF??0.0049pFd00.3?103?m
?
解：由习题图4-5可求
初始电容
C1=C2=C0=?S/d=?0?r2/d0
习题图4-5
8.85?10?12???12?10?3?0.6?10?3
变压器输出电压
??2?6.67?10?12F?6.67pF
Usc?其中Z1 ,Z2 分别为差动电容传感器C1 ,C2 的阻抗.在ΔX< 且?C/C0=?d/d0，由此可得 ??Z2Z2?Z1?C1?C2???2U?U?U?UZ1?Z2Z1?Z2C1?C2 Usc??C??x?0.05?U?Usr??3sin?t?0.25sin?tC0d00.6(V) 4—6 如习题图4-6所示的一种变面积式差动电容传感器，选用二极管双厂网络测量电 路。差动电容器参数为：a=40mm，b=20mm，dl=d2=d0=1mm；起始时动极板处于中间位置，Cl=C2=C0，介质为空气，ε=ε0=8.85×10-12F/m。测量电路参数：D1、D2为理想二极管；及R1=R2=R=10KΩ；Rf=1MΩ，激励电压Ui=36V，变化频率f=1MHz。试求当动极板向右位移△x=10mm时，电桥输出端电压Usc? 习题图4-6 解：由习题图4-6可求 传感器初始电容 =3.54×10（F）=3.54pF 当动极板向右移Δx=10mm时，单个电容变化量为 a40?10?3?12???b8.85?10??20?10?30?S22C0?0??d0d01?10?3 ?12 ?C??x101C0?C0??3.54?1.77?pF?a/240/22 （或 8.85?10?12?20?10?3?10?10?3?12?c??x??1.77?10(F)?1.77pF?3d1?10 ） ?0b则 C1 = C0+ΔC，C2 = C0??C，由双T二极管网络知其输出电压 USC = 2 k Ui fΔC ?2 ?2.55?V? 4—7 一只电容位移传感器如习题图4-7所示，由四块置于空气中的平行平板组成。板A、C和D是固定极板；板B是活动极板，其厚度为t，它与固定极板的间距为d。B、C和D极板的长度均为a，A板的长度为2a，各板宽度为b。忽略板C和D的间隙及各板的边缘效应，试推导活动极板刀从中间位置移动x=±a/2时电容CAC和CAD的表达式(x=0时为对称位置)。 ?R?R?10?10?2?10??2?10?10?2?10?2f446462R?R?2Rf?RfUif?C6?36?106?1.77?10?12习题图4-7 解：参见习题图4-7知 CAC是CAB与CBC串联，CAD是CAB与CBD串联。 当动极板向左位移a/2时，完全与C极板相对（见题解4-7图），此时 CAB=CBC=ε0ab/d 则 CAC=CAB/2=CBC/2=ε0ab/2d； CAD=ε0ab/(2d+t)。 题解4-7图 同理，当动极板向右移a/2时，与上相仿（见题解4-7图），有 CAC =ε0ab/(2d+t)；CAD=ε0ab/2d 4—8 已知平板电容传感器极板间介质为空气，极板面积S=a×a=(2?2)cm2，间隙d0=0.1mm。求：传感器的初始电容值；若由于装配关系，使传感器极板一侧间隙d0，而另一侧间隙为d0+b(b=0.01mm)，此时传感器的电容值。 解：初始电容 当装配不平衡时（见题解4-8图(a)），可取其平均间隙计算（见题解4-8图(b)） d?(d0?b)bd?0?d0?22 =0.1+0.01/2=0.105(mm) 8.85?10?12?2?2?10?4C0???d0d00.1?10?3?35.4?10?12(F)?35.4pF ?S?0S则其电容为 =33.7×10(F)=33.7pF 8.85?10?12?2?2?10?4C??d-120.105?10?3 ?0S(a) (b) (c) 题解4-8图 或利用积分法计算传感器的电容，（见题解4-8图(c)），在位置x处，取宽度为dx、长度为a的两个狭窄长条之间的微电容为 dC?所以，总电容为 ?0adxd0?bx/a C??dC?? 两种计算方法结果接近，但积分法更为严密。 4-14 习题图4-14(a)所示差动式同心圆筒柱形电容传感器，其可动内电极圆筒外经d=9.8mm，固定电极外圆筒内经D=10mm，初始平衡时，上、下电容器电极覆盖长度L1=L2=L0=2mm，电极间为空气介质。试求： （1）初始状态时电容器C1、C2的值； （2）当将其接入习题图4-14(b)所示差动变压器电桥电路，供桥电压E=10 V（交流），若传感器工作时可动电极筒最大位移?x= ?0.2mm，电桥输出电压的最大变化范围为多少？ ?b??ln?1???00d?bx/ab0?d0?8.85?10?12?(2?10?2)2?0.01??12?ln1??33.8?10(F)?33.8pF???30.1?0.01?10? Ca?0adx??0a2 (a) (b) 习题图4-14 解 （1）初始状态时 （2）当动电极筒位移?x= +0.2mm（向上）时，L1=2+0.2=2.2mm，L2=2?0.2=1.8mm，则 2??0L02???8.85?10?12?2?10?3C1?C2?C0??D10lnlnd9.8?12?5.51?10(F)?5.51pF 差动变压器电桥输出为 2??0L12???8.85?10?12?2.2?10?3C1???6.06?10?12(F)?6.06pFD10lnlnd9.8 ?12?32???8.85?10?1.8?10C2??4.96?10?12(F)?4.96pF10ln9.8 U?EC1?C2106.06?4.96????0.5(V)2C1?C226.06?4.96 同理，当动电极筒位移?x= ?0.2mm（向下）时，L1=2?0.2=1.8mm，L2=2+0.2=2.2mm，则 差动变压器电桥输出为 C1?4.96pF C2?6.06pF U?EC1?C2104.96?6.06?????0.5(V)2C1?C226.06?4.96 因此，当传感器可动电极筒最大位移?x= ?0.2mm，电桥输出电压的最大变化范围为 ?0.5V。 第5章 压电式传感器 5—3 有一压电晶体，其面积为20mm2，厚度为10mm，当受到压力p=10MPa作用时，求产生的电荷量及输出电压： (1)零度X切的纵向石英晶体； (2)利用纵向效应的BaTiO3。 解：由题意知，压电晶体受力为 F=pS=10×106×20×10-6=200(N) （1）0°X切割石英晶体，εr=4.5，d11=2.31×10?12C/N 等效电容 Ca??0?rSd8.85?10?12?4.5?20?10?6?10?10?3 =7.97×10?14 (F) 受力F产生电荷 Q=d11F=2.31×10?12×200=462×10?2(C)=462pC 输出电压 （2）利用纵向效应的BaTiO3，εr=1900，d33=191×10?12C/N 等效电容 Q462?10?123?V?Ua???5.796?10Ca7.97?10?14 Ca??0?rS =33.6×10(F)=33.6(pF) 受力F产生电荷 Q=d33F=191×10?12×200=38200×10?12 (C)=3.82×10?8C 输出电压 8.85?10?12?1900?20?10?6?d10?10?3 -12 5—4 某压电晶体的电容为1000pF，kq=2.5C/cm，电缆电容CC=3000pF，示波器的输入阻抗为1MΩ和并联电容为50pF，求： (1)压电晶体的电压灵敏度足Ku； (2)测量系统的高频响应； (3)如系统允许的测量幅值误差为5％，可测最低频率是多少? (4)如频率为10Hz，允许误差为5％，用并联连接方式，电容值是多大? 解：（1） （2）高频（ω→∞）时，其响应 Q3.82?10?8Ua???1.137?103?V??12Ca33.6?10 Ku?Kq/Ca?2.5C/cm?2.5?109V/cm1000pF kqUamd33??FmCa?Cc?CiCa?Cc?Ci 2.5C/cm8??6.17?10V/cm?12 ?1000?3000?50??10F Ku? （3）系统的谐振频率 1?R?Ca?Cc?Ci? 1??247?rads?6?12 1?10?1000?3000?50??10 U?/?nK????im?2Uam??1??/?n由 ，得 ?n?1??? ?/?n1???/?n?2?1??5%（取等号计算） ???n?2?0.9025?1???/?n?2? 2???0.9025?0.9025??n 解出 (ω/ωn)2=9.2564 ? ω/ωn=3.0424 ω=3.0424ωn=3.0424×247=751.5(rad/s) f=ω/2π=751.5/2π=119.6(Hz) （4）由上面知，当?≤5%时，ω/ωn=3.0424 当使用频率f=10Hz时，即ω=2πf=2π×10=20π(rad/s)时 ωn=ω/3.0424=20π/3.0424=20.65(rad/s) 又由ωn=1/RC，则 C=1/ωnR=1/(20.65×1×106)=4.84×10-8(F)=4.84?104pF 5—5 分析压电加速度传感器的频率响应特性。若测量电路为电压前量放大器C总 =1000pF，R总=500MΩ；传感器固有频率f0=30kHz，阻尼比ζ=0.5，求幅值误差在2％以内的使用频率范围。 解：压电式加速度的上限截止频率由传感器本身的频率特性决定，根据题意 ??则 1?1???/????4?22n22n2??/?n?2?1?2%2（取等号计算） ?1???/????4???/?n?21+(ω/ωn)4﹣2(ω/ωn)2 +4×0.52(ω/ωn)2=0.96 (ω/ωn)4 ﹣(ω/ωn)2 +0.04=0 解出 (ω/ωn)2 =0.042或(ω/ωn)2 =0.96（舍去） 所以 ω/ωn =0.205 或?0.205（舍去） ?=0.205?n 则 fH =0.205f0 =0.205×30=6.15(kHz) 压电式加速度传感器下限截止频率取决于前置放大器特性，对电压放大器，其幅频特性 ?1/1.02 K?????/?n1???/?n?2???1????? 2??由题意得 ??1?????2?1??2% （取等号计算） (??) =0.9604+0.9604 (??) (??) =24.25 ? ??=4.924 ? ω=4.924/τ fL =ω/2π=4.924/(2??)=4.924/(2? RC)=4.924/(2?×5×108×10?9 ) =1.57(Hz) 其误差在2%以内的频率范围为： 1.57Hz~6.15kHz 5—6 石英晶体压电式传感器，面积为100mm2，厚度为1mm，固定在两金属板之间，用来测量通过晶体两面力的变化。材料的弹性模量为9×1010Pa，电荷灵敏度为2pC／N，相对介电常数是5.1，材料相对两面间电阻是1014Ω。一个20pF的电容和一个100MΩ的电阻与极板并联。若所加力F=0.01sin(1000t)N，求： (1)两极板间电压峰—峰值； (2)晶体厚度的最大变化。 解：（1）石英压电晶片的电容 2 ???0.981?????2 22 Ca??0?rSd =4.514 ×10 (F) ≈4.5pF 由于Ra =1014Ω，并联电容R并=100MΩ=108Ω 8.85?10?12?5.1?100?10?6?1?10?3 -?12 则总电阻 R=Ra // R并 = 1014 //108 ≈108Ω 总电容 C=Ca //C并 =4.5+20=24.5(pF) 又因 F=0.01sin(1000t)N=Fm sin(ωt)N，kq =2 pC/N 则电荷 Q=d11 F= kq F Qm = d11 Fm = kq Fm =2 pC/N×0.01N=0.02 pC 所以 Uim?d11Fm?R1???RC?2?0.02?10?12?103?1081??103?108?24.5?10?12? 2 =0.756×10?3 (V)=0.756mV 峰—峰值： Uim-im =2Uim =2×0.756=1.512mV ?6 （2）应变εm =Fm /SE =0.01/(100×10×9×1010 )=1.11×10?9 =Δdm /d Δdm =d?m = 1×1.11×10?9 (mm)=1.11×10?9 mm 厚度最大变化量（即厚度变化的峰—峰值 ） Δd =2Δdm =2×1.11×10?9 =2.22×10?9 (mm) =2.22×10?12 m 5—7 用石英晶体加速度计及电荷放大器测量机器的振动，已知：加速度计灵敏度为5pC/g，电荷放大器灵敏度为50mV/pC，当机器达到最大加速度值时相应的输出电压幅值为2V，试求该机器的振动加速度。(g为重力加速度) 解：由题意知，振动测量系统（压电式加速度计加上电荷放大器）的总灵敏度 K=Kq?Ku =5pC/g ×50 mV/pC=250mV/g=Uo/a 式中，Uo为输出电压；a为振动系统的加速度。 则当输出电压Uo=2V时，振动加速度为 a=Uo/K=2×103/250=8(g) 5—8 用压电式传感器测量最低频率为1Hz的振动，要求在lHz时灵敏度下降不超过5％。若测量回路的总电容为500pF，求所用电压前置放大器的输入电阻应为多大? 解： 由题意知，对于电荷放大器，动态响应幅值误差为 ???/?n1???/?n?2?1??5%，（取等号计算） (ω/ωn) =0.9025+0.9025 (ω/ωn) ω/ωn =3.04 τ=1/ωn =3.04/ω=3.04/(2π×1)=0.484(s)=RC 所以 R=τ/C=0.484/(500×10?12) =9.68×108?=968M? 5—9 已知压电式加速度传感器的阻尼比ζ=0.1，其无阻尼固有频率f0=32kHz，若要求传感器的输出幅值误差在5％以内，试确定传感器的最高响应频率。 解： 由加速度传感器的频率特性知，动态响应幅值误差为 ?/?n?0.951???/?n?2 22 ?? 1?1???/????4?22n2??/?n??1?5%2 1?2???n?????n??4?0.12???n??0.907242 解出 ?1???/???n22?4?2??/?n??1/1.05 （取等号） 2(ω/ωn)4﹣1.96(ω/ωn)2 +0.093=0 (ω/ωn)2 =0.0485或(ω/ωn)2 =1.912（舍去） 则 ω/ωn≈0.22 ? ωH =0.22ωn 则 fH =0.22f0 =0.22×32=7.04(kHz) 5—10 某压电式压力传感器的灵敏度为80pC/Pa，如果它的电容量为1nF，试确定传感器在输入压力为1.4Pa时的输出电压。 解：当传感器受压力1.4 Pa时，所产生的电荷 Q=80 pC/Pa ×1.4Pa=112 pC 输出电压为 Ua =Q/Ca =112×10?12 /(1×10?9)=0.112(V) 5—11 一只测力环在全量程范围内具有灵敏度3.9pC/N，它与一台灵敏度为10mV/pC的电荷放大器连接，在三次试验中测得以下电压值：(1)?100mV；(2)10V；(3)?75V。试确定三次试验中的被测力的大小及性质。 解：测力环总灵敏度 K=3.9 pC/N ×10mV/pC=39 mV/N = U0/F 式中，U0为输出电压，F为被测力，所以 F1 =U01 /K=﹣100mV/39mV/N=﹣2.56N (压力) F2 =U02 /K=10×10 3mV/39mV/N=256N (拉力) F3 =U03 /K=﹣75×10 3mV/39mV/N=﹣1923N (压力) 5—14 某压电式压力传感器为两片石英晶片并联，每片厚度h=0.2mm，圆片半径r=1cm， -12 εr=4.5，X切型d11=2.31?10C/N。当0.1MPa压力垂直作用于PX平面时，求传感器输出电荷Q和电极间电压Ua的值。 解：当两片石英晶片并联时，所产生电荷 Q并=2Q=2?d11 F=2?d11 ?πr2 =2×2.31×10?12×0.1×106 ×π×(1×10?2 )2 =145×10?12 (C) =145pC 总电容 C并=2C=2?0?rS/h=2?0?r?r2 /h =2×8.85×10?12×4.5×?×(1×10?2)2/0.2?10?3 =125.1×10?12 (F) =125.1pF 电极间电压为 U并= Q并/C并=145/125.1=1.16V 第6章 磁电式传感器 6—5 某动圈式速度传感器弹簧系统的刚度k=3200N／m，测得其固有频率为20Hz，今欲将其固有频率减小为10Hz，问弹簧刚度应为多大? 解： ?n?k/m?2?f0?f0?12?k/m?2?m?k/f0 f0 =20Hz ， k=3200N/m时， 2?m?f0′=10Hz时，由k?2?mf0' 则 3200/20?22 6—6 已知恒磁通磁电式速度传感器的固有频率为10Hz，质量块重2.08N，气隙磁感应强度为1T，单匝线圈长度为4mm，线圈总匝数1500匝，试求弹簧刚度k值和电压灵敏度Ku值(mV/(m/s))。 解：由??k?2?mf0'?22?102?800??/m? 2??2??2k/m，则 k=ω2 m=(2?f)2 m=(2?×10)2×2.08/9.8 2 =8.38×10 (N/m) Ku =e/v=NB0l0v/v=NB0l0 =1500×1×4×10?3 =6V/(m/s)=6000mv/(m/s) 6—7 某磁电式传感器要求在最大允许幅值误差2％以下工作，若其相对阻尼系数ξ=0.6，试求ω/ωn的范围。 解：由磁电势传感器的幅频特性 A????得其幅值动态误差为 ??/?n?2?1???/?n?2?2?4?2??/?n?2 ???n?4?1.022?1????n?2??4?0.62???n?2??/?n?22?? ???1???/???n22?4?2??/?n??1?2%2取其等号计算 解得 (ω/ωn)2 =12.354，或(ω/ωn)2 =2.067 ω/ωn =3.515，或 ω/ωn =1.438（舍去） 最大幅值误差小于2%时，其频率范围ω/ωn ≥3.515 第7章 热电式传感器 7—16 已知铜热电阻—Cul00的百度电阻比W(100)=1.42，当用此热电阻测量50℃温 度时，其电阻值为多少?若测温时的电阻值为92Ω，则被测温度是多少? 解：由 W（100）=R100 /R0 =1.42，则其灵敏度为 R?R01.42R0?R00.42R0100?0.42K?100????0.42??/oC?100?0100100100 则温度为50℃时，其电阻值为 R50 = R0 +K×50=100+0.42×50=121(?) 当Rt=92?时，由Rt = R0 +Kt，得 t=( Rt﹣R0)/K=(92?100)/0.42=﹣19(℃) 7—17 用分度号为Ptl00铂电阻测温，在计算时错用了Cul00的分度表，查得的温度为140℃，问实际温度为多少? 解 查Cul00的分度表，140℃对应电阻为159.96?，而该电阻值实际为Ptl00铂电阻测温时的电阻值，反查Ptl00的分度表，得实际温度为157℃。 7—18 在某一瞬间，电阻温度计上指示温度θ2=50℃，而实际温度θ1=100℃，设电阻温度计的动态关系为 其中k=0.2/s。试确定温度计达到稳定读数(0.995θ1)所需时间。 解：θ2 从50℃上升到0.995θ1 =0.995×100=99.5℃ d?2?k(?1??2)dt d?2d?2?k??1??2???kdtdt?1??2 99.5d?t2??50?1??2?0kdt??0.5500.5?ln??1??2?507—19 某热敏电阻，其B值为2900K，若冰点电阻为500KΩ，求热敏电阻在100℃时的阻值。 解：T0 =0℃=273K，R0 =500k?；T=100℃=373K 则 R373 =R273 e2900(1/373?1/273) =28.98(k?) 7—20 将一灵敏度为0.08mV/℃的热电偶与电位计相连接测量其热电势，电位计接线端是30℃，若电位计上读数是60mV，热电偶的热端温度是多少? 60mVt??30?C?780?C0.08mV/?C 解： 7—21 参考电极定律有何实际意义?已知在某特定条件下材料A与铂配对的热电势为13.967mV，材料B与铂配对的热电势是8.345mV，求出在此特定条件下，材料A与材料B配对后的热电势。 解：由标准电极定律 E (T,T0 )=EA铂(T,T0 )?EB铂 (T,T0 ) =13.967?8.345=5.622(mV) 7-23 镍铬-镍硅热电偶灵敏度为0.04mV/℃，把它放在温度为1200℃处，若以指示仪表作为冷端，此处温度为50℃，试求热电势大小。 解： E(1200,50)= (1200?50)×0.04=46(mV) 7—24 用K型热电偶测某设备的温度，测得的热电势为20mV，冷端（室温）为25C，求设备的温度？如果改用E型热电偶来测温，在相同的条件下，E热电偶测得的热电势为多少？ 解 用K型热电偶测温时，设设备的温度为t，则E(t，25)=20mV，查K型热电偶分度表，E(25，0)=1.000mV。根据中间温度定律， E(t，0)= E(t，25)+ E(25，0)=20+1.0=21.000 mV 反查K型热电偶分度表，得t=508.4℃ 若改用E型热电偶来测次设备温度，同样，根据中间温度定律，测得热电势为 EE(508.4，25)= EK(508.4，0)? EK(25，0)=37678.6?1496.5=36182.1?V?36.18mV。 7—25 现用一支镍铬-铜镍热电偶测某换热器内的温度，其冷端温度为30℃，显示仪表的机械零位在0℃时，这时指示值为400℃，则认为换热器内的温度为430℃对不对？为什么？正确值为多少度？ 解 认为换热器内的温度为430℃不对。 设换热器内的温度为t，实测热电势为E(t，30)，根据显示仪表指示值为400℃，则有E(t，30)= E(400，0)，由中间温度定律并查镍铬-铜镍（E型）热电偶分度表，有 E(t，0)= E(t，30)+ E(30，0)= E(400，0)+ E(30，0)=28943+1801=30744?V 反查镍铬-铜镍热电偶分度表，得换热器内的温度t=422.5℃ 7—26 热电偶温度传感器的输入电路如习题7-26图所示，已知铂铑-铂热电偶在温度 0~100℃之间变化时，其平均热电势波动为6μV/℃，桥路中供桥电压为4V，三个锰铜电阻(Rl、R2、R3)的阻值均为1Ω，铜电阻的电阻温度系数为α=0.004/℃，已知当温度为0℃时电桥平衡，为了使热电偶的冷端温度在0~50℃范围其热电势得到完全补偿，试求可调 td??1??2??k?dt0??1??2? 50?kt?t?ln0.2?23?s?0.5 电阻的阻值只R5。 解：热电偶冷端补偿电势 E(t,0)=kt， 习题图7-26 式中，k为热电偶灵敏度(k=6?V/℃)， 而补偿电桥输出电压（见习题图7-26） U0?冷端补偿时有 Ui?RUR?tUi????t4R4R4 Ui4k4?6?t?Ui???6000?V4?0.004=6mV 根据电桥电路，其等效电路为R1、Rcu和R2、R3分别串联后再并联，然后与电源、R5串联，桥臂电阻串并联后为1Ω，由此可得 1×Ui =1?E/(R+1) 所以 R=E/ Ui?1=4000/6?1=665.7(Ω) 7—28 有一台数字电压表，其分辨力为100?V/1个字，现与Cul00热电阻配套应用，测量范围为0～100℃，试设计一个标度变换电路，使数字表直接显示温度数值。 解 利用Cul00热电阻测温，测温范围为0～100℃时，其电阻变化100~142.8?，即电阻满度变化值?Rt=42.8?。数字电压表分辨力为100?V/1个字，若要使数字表直接显示温度数值，当被测温度为满度值100℃时，要显示“100”这个数字，电压表需要输入电压为100?100=10000?V=10mV。现在的任务就是要将“42.8?”转换为“10mV”，这种转换电路（即标度变换电路）可选电子电桥电路，如题解图7—28所示。 kt?题解7-28 电阻信号的标度变换（R-V变换） 根据不平衡电桥原理（题解图7—28），可得 EEUo?Rt?RoR?RtR?Ro 当被测温度处于下限（0℃）时，有Rt=Rt0=R0，则 EE?R?Rt0R?R0 桥路设计时取R>>R0，那么在被测温度处于非下限时有 EEI1???I2?IR?RtR?R0 于是 Uo=I(Rt?R0)=I(?Rt) 上式说明了可由不平衡电桥的转换关系，通过改变桥路参数来实现标度变换。 根据前面分析，有 U10I?o??0.234(mA)?R142.80 显然通过适当选取E或R便可得到I=0.234mA。当取R=20k?时，电源电压E为 E?I?(R?R0)?0.234?(20000?100)?4703.4mV?4.7V