A. B. C. D.
【答案】A 【解析】
试题分析：在小球下落的开始阶段，小球做自由落体运动，加速度为g；接触弹簧后开始时，重力大于弹力，加速度方向向下，随着小球的不断下降，弹力逐渐变大，故小球做加速度减小的加速运动，某时刻加速度可减小到零，此时速度最大；小球继续下落时，弹力大于重力，加速度方向变为向上，且加速度逐渐变大，直到速度减小到零，到达最低点，由对称知识可知，到达最低点的加速度大于g，故图线A正确。 考点：牛顿第二定律；运动图像.
7.如图所示，半径为R的圆形区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，过(－2R，0)点垂直x轴放置一线型粒子发射装置，能在0 A. 粒子击中点距O点的距离为R B. 磁场的磁感应强度为 C. 粒子离开磁场时速度方向相同 D. 粒子从离开发射装置到击中y轴所用时间t的范围为 ＜t< 【答案】ABD 【解析】 【详解】由题意，某时刻发出的粒子都击中的点是y轴上同一点，由最高点射出的只能击中（0，R），则击中的同一点就是（0，R），即粒子击中点距O点的距离为R，所以A选项正确。从最低点射出的也击中（0，R），那么粒子做匀速圆周运动的半径为R，由洛仑兹力提供向心力得： ，则磁感应强度 ， 所以选项B正确。粒子运动的半径都相同，但是入射点不同，则粒子离开磁场时的速度方向不同，选项C错误；显然偏转角最大的时间最长，显然从最低点射出的粒子偏转90°，在磁场中的时间最长，最长时间为 。从最高点直接射向（0，R）的粒子时间最短，则最短的时间为 以选项D正确。故选ABD。 【点睛】看起来情况比较复杂，但涉及的问题却是常规问题，本题的关键点是粒子源发出的粒子是速度大小和方向均相同，则其做匀速圆周运动的半径相同，在从最低点的特殊情况就能知道相同的半径就是圆弧的半径，再结合周期公式能求出最长和最短时间。 8.由法拉第电磁感应定律可知，若穿过某截面的磁通量为Φ=Φmsinωt，则产生的感应电动势为e=ωΦmcosωt。如图所示，竖直面内有一个闭合导线框ACD(由细软弹性电阻丝制成)端点A、D固定。在以水平线段AD为直径的半圆形区域内，有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的有界匀强磁场。设导线框的电阻恒定，圆的半径为R，用两种方式使导线框上产生感应电流。方式一：将导线上的C点以恒定角速度ω1(相对圆心O)从A点沿圆弧移动至D点；方式二：以AD为轴，保持∠ADC=45°，将导线框从竖直位置以恒定的角速度ω2转90°。则下列说法正确的是 ，所 A. 方式一中，导线框中感应电流的方向先逆时针，后顺时针 B. 方式一中，导线框中的感应电动势为e1=BRω1cosω1t C. 两种方式中，通过导线截面的电荷量相等 D. 若ω1=ω2，则两种方式电阻丝上产生的热量相等 【答案】AB 【解析】 2 【分析】 对于闭合线框ACDA而言，在磁场中的面积先增大后减小，根据楞次定律判定电流方向；根据几何知识找出线框磁通量表达式，从而知电动势的瞬时值表达式，根据 判断电荷量；根据有效值求解电热． 【详解】方式一中，导线框中磁通量先增大后减小，根据楞次定律可知，感应电流的方向先逆时针，后顺 22 时针，选项A正确；第一种方式穿过回路的磁通量Φ1＝BRsinω1t，所产生的电动势为e1＝ω1BRcosω1t，选 项B正确；根据可知两种方式中，磁通量的变化量不相同，则通过导线截面的电荷量不相等，选项C 22 错误；第二种方式穿回路的磁通量Φ2＝BRcosω2t，所产生的电动势为e2＝ω2BRsinω2t，则两种方式所产生 的正弦交流电动势的有效值之比为误。故选AB。 ，时间满足，根据可知，，故D错 【点睛】以电磁感应为命题背景考查学生的推理能力、分析综合能力和应用数学处理物理问题的能力， 本题关键明确交流四值中最大值、平均值、瞬时值和有效值的区别，会根据几何知识写出交流的表达式，注意知识的迁移应用． 三、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33-38题为选考题，考生根据要求作答。 (一)必考题：共129分。 9.某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M。弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置。分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向。 (1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为___________N。 (2)(多选题)下列能减小实验误差的措施是___________。(请填写选项前对应的字母) A.让重物M的质量适当大一些 B.弹簧测力计应在使用前校零 C.弹簧测力计B所拉的细绳套应尽可能保持水平方向 D.改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置 (3)某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请你提出两个解决办法。 方法一：___________________________，方法二：______________________________。 【答案】 (1). 3.80N (2). AB (3). 方法一：减小重物M的质量；方法二：将弹簧测力计B绕O点顺时针转过一个小角度； (4). 方法三：将弹簧测力计A绕P点逆时针转过一个小角度；方法四：将A更换为量程较大的测力计。（说明：选择其中两个即可）。 【解析】 【分析】 （1）弹簧秤最小刻度为0.1N，根据指针位置读数。 （2）根据实验的原理对各个选项进行判断。 （3）弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，可设法减小合力的大小根据力的合成知识以及平行四边形法则进行解答。 【详解】（1）弹簧秤最小刻度为0.1N，读数为：3.80； （2）让重物M的质量适当大一些，可使得读书大些，减小误差，选项A正确；为了让测出来的两个分力更精确，故弹簧测力计应在使用前校零且拉线方向应与木板平面平行来减小摩擦；故B正确；弹簧测力计B所拉的细绳套不一定保持在水平方向，选项C错误；实验是验证三个力的关系，只要测出三个力就可以了，所以不需要固定O点位置，故D错误；故选AB. （3）弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，可改变合力的大小，即：方法一：减小重物M的质量；方法二：将弹簧测力计B绕O点顺时针转过一个小角度；方法三：将弹簧测力计A绕P点逆时针转过一个小角度；方法四：将A更换为量程较大的测力计。（说明：选择其中两个即可）。 【点睛】只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握。 10.某实验小组研究两个未知元件Ⅹ和Y的伏安特性，使用的器材包括电压表(内阻约为3kΩ)、电流表(内阻约为1Ω)、滑动变阻器(最大阻值为5Ω，额定电流为1A)、电源、电键、导线等。