2019年北京市房山区中考数学二模试卷 下载本文

的情况;

(2)利用方程有实数根得到△=n2+8m≥0,设m=1,n=1,方程变形为x2+x﹣2=0,然后解方程即可.

【解答】解:(1)∵△=n2+8m, 当n=m﹣2时,△=(m+2)2≥0, ∴方程有两个实根, (2)∵方程有实数根, ∴△=n2+8m≥0,

若n=1,m=1,则方程变形为x2+x﹣2=0,解得x1=1,x2=﹣2.

【点评】本题考查了根的判别式:一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与△=b2﹣4ac有如下关系:当△>0时,方程有两个不相等的实数根;当△=0时,方程有两个相等的实数根;当△<0时,方程无实数根.

21.如图,菱形ABCD的对角线交于点O,DF∥AC,CF∥BD. (1)求证:四边形OCFD是矩形;

(2)若AD=5,BD=8,计算tan∠DCF的值.

【分析】(1)根据已知条件得到四边形OCFD是平行四边形,根据菱形的性质得到∠DOC=90°,即可得到结论;

(2)根据菱形的性质得到AD=CD,得到CD=5,OD=OB=BD,求得OD=4,根据矩形的性质得到OD=CF,解直角三角形即可得到结论. 【解答】(1)证明:∵DF∥AC,CF∥BD, ∴四边形OCFD是平行四边形, ∵四边形ABCD是菱形, ∴AC⊥BD, ∴∠DOC=90°, ∴四边形OCFD是矩形;

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(2)解:∵四边形ABCD是菱形, ∴AD=CD, ∵AD=5, ∴CD=5,

∵菱形ABCD两条对角线交于O, ∴OD=OB=BD, ∴OD=4,

∵四边形OCFD是矩形, ∴OD=CF,

∴在Rt△CFD中,CF2+DF2=CD2, ∴DF=3, ∴tan∠DCF=

=.

【点评】本题考查了矩形的判定和性质,菱形的性质,解直角三角形,正确的识别图形是解题的关键.

22.如图:△ABC是⊙O的内接三角形,∠ACB=45°,∠AOC=150°,过点C作⊙O的切线交AB的延长线于点D. (1)求证:CD=CB; (2)如果⊙O的半径为

,求AC的长.

【分析】(1)首先连接OB,则∠AOB=2∠ACB=2×45°=90°,由∠AOC=150°,易得△OBC是等边三角形,又由过点C作⊙O的切线交AB的延长线于点D,易求得∠CBD=∠D=75°,继而证得结论; (2)由⊙O的半径为

,可求得AB=2,CD=BC=OC=

,易证得△DBC∽△DCA,

然后由相似三角形的对应边成比例,求得答案.

【解答】(1)证明:连接OB,则∠AOB=2∠ACB=2×45°=90°,

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∵OA=OB,

∴∠OAB=OBA=45°, ∵∠AOC=150°,OA=OC, ∴∠OCA=∠OAC=15°, ∴∠OCB=∠OCA+∠ACB=60°, ∴△OBC是等边三角形, ∴∠BOC=∠OBC=60°,

∴∠CBD=180°﹣∠OBA﹣∠OBC=75°, ∵CD是⊙O的切线, ∴OC⊥CD,

∴∠D=360°﹣∠OBD﹣∠BOC﹣∠OCD=360°﹣(60°+75°)﹣60°﹣∴∠CBD=∠D, ∴CB=CD;

(2)在Rt△AOB中,AB=OA=

×

=2,

∵CD是⊙O的切线, ∴∠DCB=∠CAD, ∵∠D是公共角, ∴△DBC∽△DCA, ∴

∴CD2=AD?BD=BD?(BD+AB), ∵CD=BC=OC=,

∴2=BD?(2+BD), 解得:BD=

﹣1,

∴AC=AD=AB+BD=

+1.

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90°=75°,

【点评】此题考查了切线的性质,圆周角定理以及相似三角形的判定与性质.注意准确作出辅助线是解此题的关键. 23.在平面直角坐标系xOy中,函数a),B两点. (1)求k的值;

(2)记图象G在点A,B之间的部分与线段AB围成的区域(不含边界)为W.点P在区域W内,若点P的横纵坐标都为整数,直接写出点P的坐标.

的图象G与直线l:y=﹣x+7交于A(1,

【分析】(1)把A(1,a)代入y=﹣x+7求得a,得到A(1,6),把(1,6)代入y=中可得k的值;

(2)画出直线y=﹣x+7和函数y=的图象可得点P.

【解答】解:(1)把A(1,a)代入y=﹣x+7得,a=﹣1+7=6, ∴A(1,6),

把(1,6)代入y=中可得k=6;

(2)画出直线y=﹣x+7和函数y=(x>0)的图象如图:

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