故AB错误；

C.对子弹和木块由动量守恒及能量守恒得mv0?(M?m)v，

2mMv0械能为，故C正确；

（2m?M）121mv0?(M?m)v2??E，系统损失的机22D.由于子弹和木块碰撞有机械能损失，所以最终弹簧弹性势能小于最初的动能，故D正确． 14．BD 【解析】

当B下滑到水平面时，A还在继续下滑，此时轻杆对A有作用力且做功，所以下滑整个过程中A球机械能不守恒，故A错误，但两球组成的系统只有重力做功，所以机械能守恒，故B正确，当B下滑到地面时，A正好运动到了B开始时的位置，这时两球的速度相等，系统具有的机械能为设两小球在水平面上的运动速度为v，因为整个过程机械能守恒，所以

11mAv12?mBv12?mAgh，221118mAv12?mBv12?mAgh=(mA?mB)v2，得v?，所以C错误．下滑整个过程中B球机械能增加2223量为

12mBv2?mBgh?J，所以D正确． 2315．BD 【解析】

试题分析：电路中每通过1C电荷量，铅蓄电池将1C的正电荷从负极移至正极的过程中，克服静电力做功为2J，故电势能增加2J，即2J化学能转化为电能，与时间无关，故A对、C错；蓄电池开路时的电压为2V，B错；电动势表示电源把其他形式的能转化为电能的本领，电动势大，转化的本领强，故D对． 考点：电源的电动势． 【名师点睛】电动势

（1）电源：电源是通过非静电力做功把其它形式的能转化成电势能的装置． （2）电动势：非静电力搬运电荷所做的功与搬运的电荷量的比值，E＝，单位：V.

（3）电动势的物理含义：电动势表示电源把其它形式的能转化成电势能本领的大小，在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压． 16．CD 【解析】 【详解】

卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有：

Mmv2?2??G2?m?m?2r?m??r?ma rrT??2GMGMr3GM解得：v?,??3,T?2?,a?2

rrGMr3rA.由T?2?，可知攻击卫星在原轨道上半径小，则周期小，故A错误； GMB.由v?12GMmGM和Ek?mv得：Ek?，可知攻击卫星到达新轨道后，半径增大，

22rr则动能减小，故B错误；

CD.攻击卫星要从低轨道变到高轨道，则要点火加速做离心运动，故攻击卫星的机械能增加， 故CD正确。

三、实验题:共2小题，每题8分，共16分

mgx217． （1）ABC （2）

4h【解析】 【详解】

（1）由平抛规律可知，由水平距离和下落高度即可求出平抛时的初速度，进而可求出物体动能，所以本实验至少需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离x、桌面到地面的高度h，故选ABC；

1212mgx2 （2）由平抛规律应有h=gt，x=vt，又Ek＝mv，联立可得：Ek＝ 224h【点睛】

本题的关键是通过测量小球的动能来间接测量弹簧的弹性势能，然后根据平抛规律以及动能表达式即可求出动能的表达式，从而得出结论． 18．A； 1．0；1/M 【解析】 【详解】

（1）平衡摩擦力时让小车拖着纸带运动，若能做匀速直线运动，摩擦力得到平衡，故选A．

（1）由图可知x6=2．10cm，x12=3．10cm，x24=4．10cm，x43=5．10cm，x36=6．10cm，可知连续相等时间内的位移之差△x=1．00cm，

?x2?10?2根据△x=aT得，加速度a?2＝＝2.0m/s2．

T0.011

因为a与M成反比，为了得出a与M的线性关系，作a?四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分 19．⑴50J ⑵15m/s 【解析】 【分析】

1

图线． m

【详解】 （1） 重力做功： W=mgh=50J

（2）对石块由抛出到落地的过程运用动能定理：

112mgh?mv2?mv0

22代入数值得：

v?15m/s

点睛：根据做功公式可求重力做的功；对整个过程由动能定理分析，可求得石块落地时的速度． 20． (1) v1=2g(R-?L) (2) S=R? (3) 物块最后一次滑到底端B处对圆轨道的压力可能为

骣4?L骣8?L琪琪3-mg3-mg 或琪琪RR桫桫【解析】 【详解】

(1)对物块第一次从A到C过程，根据动能定理：

mgR??mgL?12mv1 ① 2解得第一次碰撞挡板的速率 v1=2g(R-?L)②

(2)设物块质量为m，在水平轨道上滑行的总路程为S，对物块从开始下滑到停止在水平轨道上的全过程，根据动能定理： mgR－μmg·S＝0③ 解得

S=R?④

(3)设物块最后一次经过圆弧轨道底端B时的速率为v2，对圆轨道的压力为FN，则：

2v2FN?mg?m ⑤

R第一种可能情况：物块与挡板第二次碰撞后，向右运动还未到B点时即停下，则：

12mgR??mg?2L?mv2⑥

2由⑤⑥解得

4?L??FN??3??mg ⑦

R??第二种可能情况：物块与挡板第二次碰撞后，向右可再一次滑上光滑圆弧轨道，则：

12mgR??mg?4L?mv2 ⑧

2由⑤⑧解得

?8?L?FN??3??mg ⑨

R??骣4?L骣8?L琪3-mg3-mg 物块最后一次滑到底端B处对圆轨道的压力可能为琪或琪琪RR桫桫21．26N 【解析】

设小球刚落到软垫瞬间的速度为v．对小球自由下落的过程，由机械能守恒可得： mgh=

12

mv； 2有：v?2gh?2?10?1.25m/s?5m/s

选取小球接触软垫的过程为研究过程，取向下为正方向．设软垫对小球的平均作用力为F，由动量定理有：（mg-F）t=0-mv? 得：F?mg?mv0.1?5?0.1?10??26N t0.02点睛：本题是缓冲类型，往往根据动量定理求解作用力，要注意研究过程的选取，本题也可以选取小球从开始下落到最低点整个过程研究，比较简单.

222g0R2gRT2?gR0022．（1）M?；（2）h?3（3）v?3； ?R；2G4?T【解析】

?mg0 ?1?由GMm2Rg0R2 解得星球质量为：M?G?2?由

GMm2?2?m()?R?h? 2(R?h)T2且GM?g0R

解得：h?3g0R2T2?R 24??3?由v?2??R?h?

T