(1)分析实验数据可知，弹性细绳的伸长是___________(填“均匀”或“不均匀”)的，在弹性限度内，弹性细绳的伸长量与所受拉力___________。
(2)可以推断，当标识R2刚好位于刻度尺上7.00cm的位置时，R1位于刻度尺上___________cm的位置，此时测力计的示数为___________N。
(3)手持细绳的A、B两端，使它们沿绳所在直线同时匀速运动，A端向左B端向右。实验中若发现标识R1不动，则A、B两端的速度之比为___________；若发现标识R2不动，则A、B两端的速度之比为___________。
参考答案
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1、B 【解析】 【详解】
设子弹的速度为v0，由题意知，子弹穿过两个孔所需时间t?d；若子弹穿过圆筒时间小于半个周期，纸v0质圆筒在这段时间内转过角度为π-φ，由角速度的公式有?????t；由两式解得v0?d? ． ???A.
d?，与结论不相符，选项A错误； 2??B.
d?，与结论相符，选项B正确； ???d?，与结论不相符，选项C错误；
2???C.
D.
d??，与结论不相符，选项D错误；
2、D
【解析】
试题分析：电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大．故A错误；电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与3比较，它们的电场强度的大小及方向都不同．故B错误；顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势．故C错误；由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等．故D正确．故选D． 考点：电场线；等势面
【名师点睛】加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题，电场线越密，场强越大．顺着电场线，电势降低；注意电场强度是矢量，是否相等，要关注方向性． 3、A 【解析】 【详解】
A. 电场强度既有大小又有方向，是矢量，选项A正确； B. 势能只有大小无方向，是标量，选项B错误； C. 功只有大小无方向，是标量，选项C错误； D. 电荷量只有大小无方向，是标量，选项D错误． 4、A 【解析】 【分析】
先判断玻璃管绕顶端转过一个角度后管内气体压强的变化，再根据玻意耳定律分析气体体积的变化，即可分析管内液面如何变化． 【详解】
当玻璃管绕顶端转过一个角度时，假设管内水银不动，则管内水银的竖直高度增大，根据p?p0?ph知，管内气体的压强减小，根据玻意耳定律pV?c知气体的体积将增大，则l增大；最终稳定时气体的压强减小，所以根据p?p0?ph知，管内液面升高，所以h增大，A正确． 【点睛】
在玻璃管绕顶端转过一个角度的过程中，要抓住封闭气体的温度不变，发生了等温变化，判断气体的压强如何变化，再分析体积如何变化，这是常用的思路． 5、C 【解析】 【详解】
A. 甲、乙两物块组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，初始时系统的总动量为零，可知，碰撞前瞬间两个物块的动量大小相等，方向相反，则动量之比
p 甲：p 乙=1：1 故A项与题意不相符；
B. 由p=mv，两个物块的动量大小相等，则得碰撞前瞬间速度大小之比 v 甲：v 乙=m2：m1．故B项与题意不相符； C.根据
P相等，则得碰撞前瞬间动能之比 Ek甲：Ek乙=m2：m1 故C项与题意相符； D. 根据动能定理得： 对甲有 W甲=Ek甲 对乙有 W乙=Ek乙 故
W甲：W乙=m2：m1 故D项与题意不相符。 6、AD 【解析】 【详解】
A、同步卫星与地球自转同步，所以T2＝T2。
根据开普勒第三定律得卫星轨道半径越大，周期越大，故T2＞T2．故A正确。 B、同步卫星与物体2周期相同，根据圆周运动公式v?2?r，所以V2＞V2，故B错误。 T4?2CD、同步卫星与物体2周期相同，根据圆周运动公式a?2r，得a2＞a2，
T同步卫星2与人造卫星2，都是万有引力提供向心力， 所以a?GM，由于r2＞r2，由牛顿第二定律，可知a2＞a2．故C错误、D正确。 2r故选：AD。 7、BC 【解析】 【详解】
A．滑块加速运动时，与传送带间相对滑动，受到向右的滑动摩擦力，当相对静止后不受摩擦力，故A错
误；
B．根据牛顿第二定律可得滑块的加速度为：a??g，共速的时间为t?vv?，滑块在匀加速阶段的a?g0?vvv2v2t?t?位移为：x1?vt?，皮带的位移为：x2?vt?，滑块相对皮带的位移：222?g?gv2?x?x2?x1?，由此可知滑块在匀加速阶段的位移等于滑块相对皮带的位移，故B正确；
2?gC．根据动能定理可得皮带对滑块做的功为：W?D．皮带克服滑块摩擦力做的功为：W克f8、CD 【解析】 【详解】
A：圆形槽光滑，两小球在下滑过程中，均只有重力做功，机械能守恒。故A项错误。 B：对左侧小球的下滑过程，据机械能守恒定律可得
；同理，对右侧小球的下滑过程，
12mv，故C正确； 2v2?fx2??mg??mv2，故D错误．
?g可得。因为，则。故B项错误。
C：设左侧小球在最低点时，轨道对小球的支持力为；对左侧小球在最低点时受力分析，据牛顿第二
定律可得，解得：。同理可得，右侧小球在最低点时，轨道对小球的支持力
为。据牛顿第三定律可得，在最低点两球对轨道的压力相等。故C项正确。
D：取任一高度处为参考平面，两球在最高点无初速释放时的机械能相等；下滑过程中，两球的机械能守恒，则两球在最低点的机械能相等。故D项正确。 9、AC 【解析】 【详解】
A.因为速度是矢量，速度不变，即大小和方向都不变，由P?mv可知，动量是不变的，故A正确。 B. 因为速度是矢量，速率不变，即速度的大小不变，但是方向可能变化，因为动量是时矢量，速度的方向变化，动量也变化，故B错误。
C.因为动能是标量，动能变化了，说明速度的大小变化，所以动量也一定变化，故C正确。
D.因为动量是矢量，动量变化，可能是速度的方向变化，而大小不变，因为动能是标量，速度的方向变化