28. 解：
由图可知，电能表此时的读数为931.6kW?h，
2500R/kW?h 表示电路中每消耗1kW?h的电能，电能表转盘转过2500R， 则电能表的转盘转过了500转，电饭煲消耗的电能： W=kW?h=0.2kW?h，
电饭煲正常工作12min，则该电饭煲的额定功率： P额===1kW=1000W。
故答案为：931.6；1000。
（1）电能表上的示数，最后一位是小数，单位是kW?h；
（2）已知每消耗1kW?h的电能，电能表转盘转动2500R，可求转500转消耗的电能，根据公式P=求出该电饭煲正常工作时的电功率，即额定功率。
本题考查消耗电能和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是对电能表参数的物理意义的正确理解，解题过程中还要注意单位的换算。
29. （1）知道谁的密度和体积，根据ρ=求出水的质量；
（2）根据Q吸=c水m水（t-t0）求出水吸收的热量； （3）根据P=UI求出电热水器正常加热时的电流； （4）先根据P=求出电加热器的电阻，然后利用P实=求出电加热器的实际功率。
此题主要考查密度公式、吸热公式、电功率公式的理解和掌握，关键是公式及变形公式的灵活应用，属于基础性题目，难度不大。
30. （1）该电动汽车对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，受力面积等于4个车轮与地面的接触面积之和，根据p=求出对水平地面的压强； （2）根据v=求出该电动汽车匀速行驶1km的时间；
（3）利用W=UIt求出该电动汽车行驶1km的时间消耗的电能；
（4）根据f=0.02G求出该电动汽车匀速行驶时受到的阻力，电动汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，据此求出电动车的牵引力，利用W=Fs求出该电动汽车牵引力所做的功。
本题考查了重力公式和压强公式、速度公式、电功公式、做功公式以及二力平衡条件的应用，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。
31. 画力的示意图分三个步骤：①在受力物体上画出力的作用点；②确定力的方向后沿
力的方向画一条线段；③在线段的末端标箭头，在箭头的旁边标出所画力的符号，力有大小的要写上数值与单位。
考查画力的示意图，关键是对物体进行受力分析，图中物体受到的力特别多，画完后要作检查，每画一个力都要找到它的施力物体，避免多力或漏力。
32. 由图示可知，入射光线过焦点，根据入射光线的特点，可以画出对应的折射光线。
关于凸透镜，有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴；②过焦点；③过光心的。每条特殊的入射光线对应的折射光线都有自己的特点。根据两者的对应关系可以告诉入射光线做出折射光线；也可以利用折射光线做出对应的入射光线。
33. 解：（1）读图可知，BC段时这种物质吸热，但温度不再升高，说明此时物质达到了熔点，正在熔化，因此这种物质属于晶体；该物第10min时正在熔化，处于固液共存状态；
（2）物质在熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加。
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（3）实验小组的同学发现加热20min后继续加热，此时物质处于沸腾状态，吸收热量，但温度不变。
故答案为：（1）晶体；固液共存；（2）增加；吸热；（3）该物质沸腾后温度不再升高。
（1）（2）晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点；从图象中辨别晶体与非晶体主要看这种物质是否有一定的熔点，即有一段时间这种物质吸热，但温度不升高，而此时就是这种物质熔化的过程，物体吸收热量，内能变大； （3）物质在沸腾时，吸收热量，但温度不变。
此题是晶体的熔化实验，主要探究了晶体在熔化过程中的特点。同时此题主要考查的是学生对数据的分析和处理能力，以及对晶体的熔点和熔化过程中物理规律的正确理解。 34. 解：（1）由图可知，物距u=50cm-30cm=20cm，移动光屏到合适位置，在光屏上得到一个清晰、等大、倒立的像，由凸透镜成像中u=2f，成倒立等大的实像，v=2f 可得2f=20cm，f=10cm。
（2）把蜡烛固定在光具座上，如图所示，移动光屏，光屏上成清晰的像；保持凸透镜位置不动，把蜡烛向右移动5cm，则u=50cm-25cm=25cm＞2f，由凸透镜成像规律可知，则该像是倒立、缩小的实像；根据凸透镜物近像远像变大，要想在光屏上再次得到清晰的像，应该把光屏向右移动，是照相机的原理；
（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚在光屏上的像错后会聚，所以像光屏要远离凸透镜，即向右移动才能在光屏上得到清晰的像。 故答案为：（1）10；（2）右；变大；照相机；（3）右。
（1）根据凸透镜成像中u=2f，成倒立等大的实像，v=2f，可计算焦距。 （2）根据凸透镜成像的三种情况及其应用：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，照相机利用了此原理。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用与投影仪或幻灯机。 u＜f，成正立、放大的虚像。应用与放大镜。
（3）近视眼镜是凹透镜，当近视眼镜靠近凸透镜时，会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方。
本题涉及到的知识点很多，有焦点、焦距、凸透镜的会聚作用、成像规律、凹透镜的发散作用，综合性很强，但难度不大。
35. 解：（1）如图所示，将装满水的矿泉水瓶分别正立和倒立放在海绵上，其目的是控制压力大小相同，改变受力面积的大小，从该实验中得出的结论是压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；
（2）把装满水的矿泉水瓶分别正立和倒立放在同一块海绵上，水深h不变，由p=ρgh可知瓶盖受到水的压强等于瓶底受到的压强；
（3）往空矿泉水瓶内注入少量的热水，迅速倒出，再马上盖上瓶盖，过一会儿瓶内水蒸气遇冷液化，体积变小，瓶内气体压强变小，瓶子在外界大气压作用下慢慢向内凹陷，这说明空矿泉水瓶受到了大气压强的作用。 故答案为：（1）压力相同时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；（2）等于；（3）大气压强。
（1）压力的作用效果是采用转换法，通过海绵的凹陷程度来体现的，压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法； （2）利用液体对容器底的压强公式p=ρgh进行比较判断； （3）大气能产生压强。
本题考查了影响压力作用效果的因素、大气压的存在以及液体压强公式p=ρgh的应用，是一道综合题，但难度不大。
36. 解：（1）如果将不同长度的导体分别接到A、B之间，闭合开关，可通过观察、比较灯泡亮度来判断不同导体电阻的大小，灯泡越暗，说明接入导体的电阻越大；用灯泡的亮度来推测接入导体的电阻，这种研究方法我们称之为转换法；
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（2）闭合开关，当导线夹由A向右移动时，连入电路的电阻丝越长，电阻越大，小灯泡的亮度将会变暗，由此得出的结论是在材料和横截面积一定时，长度越长，电阻越大； （3）发现在移动导线夹时，灯泡的亮度变化不明显，为了增强实验的效果，应该在电路中串联一个电流表。
故答案为：（1）小；（2）暗；导体的长度越长，电阻越大；（3）电流表。
（1）串联电路中接入的电阻不同，会导致电路中电流也不同，所以灯泡的亮度也不同，因此我们可以简单的通过灯泡的亮暗比较两个电阻的阻值大小，这种方法叫做转换法； （2）连入电路的电阻丝越长，电阻越大，灯泡越暗； （3）如果要精确比较，还是要用电流表。
本题型中将比较电阻的大小转化为比较灯泡的亮度或电流表的示数，这是我们物理学中经常用到的转换法，故在平时的学习时，应注意对常见物理研究方法的积累。
37. 解：
（1）实验电路中，灯泡与滑动变阻器串联，由欧姆定律可得，灯泡正常发光电流约I===0.3125A，
==11.2Ω，
此时变阻器连入电路的阻值约为R==所以应选择“50Ω1A”的滑动变阻器，即选R2；
（2）闭合开关灯泡不亮，电流表几乎无示数，电路可能有断路，电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源间是通路，所以出现这种现象的原因可能是灯泡断路了； （3）由图乙可知，电流表量程是0.6A，最小分度值是0.02A，灯泡正常发光时的电流为0.3A，
0.3A=0.75W； 所以小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×
故答案为：（1）R2（2）灯泡断路；（3）0.3；0.75。
（1）根据串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常发光时变阻器连入的阻值，从而选择合适的变阻器规格；
（2）灯泡不亮，电流表几乎无示数，说明电路可能出现了断路，再根据电压表示数分析判断；
（3）根据电流表的量程与最小分度值，读出电流表示数；由公式P=UI求出灯泡的额定功率。
本题是测灯泡功率的实验，考查了电路故障的判断、器材的选择以及电功率的计算，要知道灯泡正常发光时电压等于其额定电压。
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