?12L?2224??0d2d?L9． ②

将数值代入公式得P2点的场强为

2?0.1?3?10?8= 5.27×103(N·C-1)． Ey?9?10?221/20.08(0.08?0.1)方向沿着y轴正向．

[讨论]（1）由于L = a/2，x = L+d1，代入①式，化简得

E1??a?1， ?4??0d1d1?a4??0d1d1/a?1E1?保持d1不变，当a→∞时，可得

?， ③

4??0d1ad?(a/2)222这就是半无限长带电直线在相距为d1的延长线上产生的场强大小．

（2）由②式得

Ey??4??0d2??4??0d21(d2/a)?(1/2)22，

当a→∞时，得 Ey??， ④

2??0d2这就是无限长带电直线在线外产生的场强公式．如果d1=d2，则有大小关系Ey = 2E1．

12．4 一均匀带电的细棒被弯成如图所示的对称形状，试问θ为何值时，圆心O点处的场强为零． [解答]设电荷线密度为λ，先计算圆弧的电荷在圆心产生的场强． 在圆弧上取一弧元 ds =R dφ， R 所带的电量为

O θ dq = λds，

在圆心处产生的场强的大小为

dE?kdq?ds???d?， 22r4??0R4??0Rdφ 图12.4

由于弧是对称的，场强只剩x分量，取x轴方向为正，场强为

dEx = -dEcosφ． 总场强为

Ex???4??0R2???/2??cos?d????4??0R2???/2sin??/2

R φ O θ x /2dE ???sin，方向沿着x轴正向． 2??0R2 E`` R O θ E` x 再计算两根半无限长带电直线在圆心产生的场强．

根据上一题的公式③可得半无限长带电直线在延长上O点产生的场强大小为

E`??，

4??0R`Ex?2E`cos由于两根半无限长带电直线对称放置，它们在O点产生的合场强为

?2???cos，方向沿着x轴负向．

2??0R2`x当O点合场强为零时，必有Ex?E，可得 tanθ/2 = 1， 因此 θ/2 = π/4， 所以 θ = π/2．

b a P d Q 图12.5

12．5 一宽为b的无限长均匀带电平面薄板，其电荷密度为ζ，如图所示．试求： （1）平板所在平面内，距薄板边缘为a处的场强．

（2）通过薄板几何中心的垂直线上与薄板距离为d处的场强．

[解答]（1）建立坐标系．在平面薄板上取一宽度为dx的带电直线，电荷的线密度为dλ = ζd x， 根据直线带电线的场强公式E??， 2??0r，其方向沿x轴正向．

y 得带电直线在P点产生的场强为

dE?d?2??0r?b/2?dx2??0(b/2?a?x) b dx O

a 由于每条无限长直线在P点的产生的场强方向相同，所以总场强为

E??1??dx?ln(b/2?a?x)?/2b/2?a?x2??0?b2??0?b?ln(1?)． ① 2??0ab/2P x ?b/2场强方向沿x轴正向．

（2）为了便于观察，将薄板旋转建立坐标系．仍然在平面薄板上取一宽度为dx的带电直线，电荷的线密度仍然为dλ = ζd x， 带电直线在Q点产生的场强为

dE?d?2??0r??dx2??0(b?x)221/2，

沿z轴方向的分量为

dEz?dEcos???cos?dx， 221/22??0(b?x)2

x r O d y b dx 设x = dtanθ，则dx = ddθ/cosθ，因此

θ z ?dEz?dEcos??d?

2??0积分得

arctan(b/2d) Q dE Ez???bd??arctan()． ② ?2????02d0?arctan(b/2d)场强方向沿z轴正向．

[讨论]（1）薄板单位长度上电荷为λ = ζb， ①式的场强可化为

E??ln(1?b/a)， 2??0ab/a当b→0时，薄板就变成一根直线，应用罗必塔法则或泰勒展开式，场强公式变为

E??， ③ 2??0a这正是带电直线的场强公式．

（2）②也可以化为Ez??arctan(b/2d)，

2??0db/2d当b→0时，薄板就变成一根直线，应用罗必塔法则或泰勒展开式，场强公式变为

Ez??，

2??0d这也是带电直线的场强公式．

当b→∞时，可得：Ez??， ④ 2?0这是无限大带电平面所产生的场强公式．

12．6 （1）点电荷q位于一个边长为a的立方体中心，试求在该点电荷电场中穿过立方体一面的电通量是多少？

（2）如果将该场源点电荷移到立方体的的一个角上，这时通过立方体各面的电通量是多少？ [解答]点电荷产生的电通量为Φe = q/ε0．

（1）当点电荷放在中心时，电通量要穿过6个面，通过每一面的电通量为Φ1 = Φe/6 = q/6ε0．

（2）当点电荷放在一个顶角时，电通量要穿过8个卦限，立方体的3个面在一个卦限中，通过每个面的电通量为Φ1 = Φe/24 = q/24ε0；

立方体的另外3个面的法向与电力线垂直，通过每个面的电通量为零．

12．7 面电荷密度为ζ的均匀无限大带电平板，以平板上的一点O为中心，R为半径作一半球面，如图所示．求通过此半球面的电通量．

[解答]设想在平板下面补一个半球面，与上面的半球面合成一个球面．球R 2O 面内包含的电荷为 q = πRζ，

通过球面的电通量为 Φe = q/ε0，

通过半球面的电通量为Φ`e = Φe/2 = πR2ζ/2ε0．

12．8 两无限长同轴圆柱面，半径分别为R1和R2(R1 > R2)，带有等量异号电荷，单位长度的电量为λ和-λ，求（1）r < R1；（2） R1 < r < R2；（3）r > R2处各点的场强．

[解答]由于电荷分布具有轴对称性，所以电场分布也具有轴对称性． （1）在内圆柱面内做一同轴圆柱形高斯面，由于高斯内没有电荷，所以

E = 0，（r < R1）．

（2）在两个圆柱之间做一长度为l，半径为r的同轴圆柱形高斯面，高斯面内包含的电荷为 q = λl，穿过高斯面的电通量为

?e???E?dS??EdS?E2?rl，

SS根据高斯定理Φe = q/ε0，所以

E??， (R < r < R)．

12

2??0r（3）在外圆柱面之外做一同轴圆柱形高斯面，由于高斯内电荷的代数和为零，所以

E = 0，（r > R2）．

12．9 一厚度为d的均匀带电无限大平板，电荷体密度为ρ，求板内

S1 E 外各点的场强．

E [解答]方法一：高斯定理法．

S1 （1）由于平板具有面对称性，因此产生的场强的方向与平板垂直且S0 d 2r S0 对称于中心面：E = E`．

S2 在板内取一底面积为S，高为2r的圆柱面作为高斯面，场强与上下两 表面的法线方向平等而与侧面垂直，通过高斯面的电通量为 E` S2 E` ?e?E?dS?E?dS?E?dS?E?dS

?S?S1?S2?S0 ?ES?E`S?0?2ES，

高斯面内的体积为 V = 2rS，包含的电量为 q =ρV = 2ρrS， 根据高斯定理 Φe = q/ε0，

可得场强为 E = ρr/ε0，(0≦r≦d/2)．①

（2）穿过平板作一底面积为S，高为2r的圆柱形高斯面，通过高斯面的电通量仍为 Φe = 2ES，

高斯面在板内的体积为V = Sd，包含的电量为 q =ρV = ρSd，

根据高斯定理 Φe = q/ε0，

可得场强为 E = ρd/2ε0，(r≧d/2)． ②

方法二：场强叠加法．

（1）由于平板的可视很多薄板叠而成的，以r为界，下面平板产生的场强方向向上，上面平板产生的场强方向向下．在下面板中取一薄层dy，面电荷密度为 E1 y dζ = ρdy，

产生的场强为 dE1 = dζ/2ε0，

r dy 积分得

d rE2 o ?dy?dE1??(r?)，③ ?d/2d/2?2?02?02 同理，上面板产生的场强为

E2??r?dy?d?(?r)，④ 2?02?02r处的总场强为E = E1-E2 = ρr/ε0．

（2）在公式③和④中，令r = d/2，得

E2 = 0、E = E1 = ρd/2ε0， E就是平板表面的场强．

平板外的场强是无数个无限薄的带电平板产生的电场叠加的结果，是均强电场，方向与平板垂直，大小等于平板表面的场强，也能得出②式．

12．10 一半径为R的均匀带电球体内的电荷体密度为ρ，若在球内挖去一块半径为R`

R` P点作一半径为r的同心球形高斯面，根据高斯定理可得方程

O a O` 14E4?r2??r3?

?03P点场强大小为 E??r． 3?014?R3? ?03图12.10

当场点P在球外时，过P点作一半径为r的同心球形高斯面，根据高斯定理可得方程 E4?r2??R3P点场强大小为 E?． 23?0rO点在大球体中心、小球体之外．大球体在O点产生的场强为零，小球在O点产生的场强大小为

?R`3，方向由O指向O`． EO?23?0aO`点在小球体中心、大球体之内．小球体在O`点产生的场强为零，大球在O点产生的场强大小为

θ Er EO`??a，方向也由O指向O`． 3?0r P E r` Er` O a O` [证明]在小球内任一点P，大球和小球产生的场强大小分别为

Er???r， Er`?r`，方向如图所示． 3?03?0设两场强之间的夹角为θ，合场强的平方为 E2?Er2?Er`2?2ErEr`cos??(?222)r(?r`?2rr`c?o，s )3?0