四川省南充高中2020届高三4月月考理科综合(含答案) 下载本文

2017级高三月考试题答案

14. A 15.C 16.B 17. D 18.C 19.BC 20.AD 21.AC

22.(1)乙(2分) (2)正压力 接触面材料 接触面积(每空1分)

23.(每空2分)(1)黑 (2) 将甲、乙表笔短接,调节滑动变阻器(不完整得1分) 20 mA

(3)112.5 (4)偏小

【解析】(1) 由题图示可知,乙表笔与欧姆表内置电源正极相连,乙表笔是黑表笔;

(2)测量电阻前,先进行欧姆调零:将甲、乙表笔短接,调节滑动变阻器,使电流表指针指到电阻为零即电流最大(20 mA);

E1.5(3)欧姆表内阻: R内== Ω=75 Ω,指针指在电流表刻度的8 mA处,由闭合电路欧姆

Ig0.02定律得:8×103 A=

1.5V,解得:Rx=112.5Ω;

75??Rx(4)若误将甲、乙两表笔分别接在了图中的a、c两点,由题图示电路图可知,两电池串联,相当于欧姆表内置电源电动势E变大,由闭合电路欧姆定律可知,电路电流变大,欧姆表指针偏右,欧姆表示数变小,Rx的测量结果偏小;

24.(12分)解:(1)恰好能过管道最高点即最高点速度为0 A-B-C阶段由动能定理:mgh??mgL?C-D阶段由机械能守恒:mg?2R2?12mvc ---------2分 212mvc ------------2分 2 得: h=3.5m ------------1分 (2)从释放到运动至C处,由动能定理:

mgh1??mgL?1'2mvc ---------2分 2C-D阶段由机械能守恒: mg?2R2?1'21'2mvc?mvD -------2分 222设小球在D处受到的弹力为FN

'vDD点:mg?FN?m ---------2分

R1 得: FN=20N ?由牛顿第三定律可知

小球在D处对管道的压力大小也为20N,且方向竖直向上 ---------1分

25. (20分)

解析:(1)(8分)根据能量守恒知电阻上产生的热量为

1

Q=Fx-mv2=1.5 J-------2分

2

则ab杆v=1m/s.

杆所受安培力为 F安=BIl---------1分

I?E ---------1分 R?r E?Blv---------1分

B2l2vF安==0.25 N-------1分

R+r

由牛顿第二定律知F-F安=ma---------1分

a=1.75 m/s2.---------1分

1

(2)(12分)匀加速运动到cd时v2=2ax,x=at2-------2分

2

v=2ax=2 m/s,t=

2x=1 s-------1分 a

此时外力大小为F=2.5 N-------1分 外力的功率为P=Fv=5 W.-------2分 由牛顿第二定律有F-F安=ma-------2分

B2l2vB2l2a

F安=BIl==t-------2分

R+rR+r

B2l2aF=t+ma=(0.5t+2) N-------2分

R+r

33.【选修3-3】(15分)

7

【答案】 (1)ACD (2)L0

12

【解析】 (1)气体经历过程1,压强减小,体积变大,气体膨胀对外做功,因气体始终与外界无热量交换,则内能减少,故温度降低,故A正确,B错误;气体在过程2中,根据理想气体状态方程

pV

=C,刚开始时,体积不变,对外不做功,压强减小,则温度降低,对外放热, T

,温度升高,吸热,故C、E错误,D正确. 2mg

(2)对气体Ⅰ,其初态压强p1=p0+=2p0

S

mg3

末态压强为p1′=p0+=p0,设末态时气体Ⅰ的长度为L1

S2根据玻意耳定律得:p1L0S=p1′L1S 4

解得L1=L0

3

mg5

对气体Ⅱ,其初态压强为p2=p1+=p0

S2末态压强为p2′=p1′+

mg

=2p0 S

设末状态时气体Ⅱ的长度为L2 根据玻意耳定律得:p2L0S=p2′L2S 5

解得:L2=L0

4

7

故活塞A 上升的高度为Δh=L1+L2-2L0=L0.

1211

34.【答案】 (1)ABD (2)①48 m/s ② s或 s

36

sin i

(1)如图所示,由折射率公式n=可知r=30°,由几何关系可知折射光在三棱镜内平行于底边AC,

sin r由对称性可知其在BC边射出时的出射角也为i=45°,因此光束的偏向角为30°,且两束光平行,则A、B正确;由于同种材料对不同的色光的折射率不同,相对于黄光而言红光的折射率小,绿光的折射率较大,因此折射后绿光的偏向角大些,红光的偏向角小些,C错误,D正确;若让入射角增大,则折射角按一定的比例增大,出射光束仍然平行,则E错误.

①由题图可知,波长λ=24 m,-------1分

由质点P的振动方程可知,角速度ω=4π rad/s-------1分

则周期T==0.5 s-------1分

ω

λ

故该波的传播速度v==48 m/s-------1分

T

②若波沿+x方向传播,t=0时刻,质点Q与左侧相邻的波谷的水平距离为x1=16 m

该波谷传播到质点Q处时,质点Q第一次到达波谷, x11

经过时间t== s-------3分

v3

若波沿-x方向传播,t=0时刻,质点Q与右侧相邻的波谷的水平距离为x2=8 m

该波谷传播到质点Q处时,质点Q第一次到达波谷, 经过时间t=

x21= s-------3分 v6